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莫比乌斯反演 一、线性筛 void init() { v[1]=mu[1]=phi[1]=1; int cnt=0; for (int i=2;i<=MAXN;++i) { if (!v[i]) p[++cnt]=i,mu[i]=-1,phi[i]=i-1; for (int j=1;j<=cnt& 阅读全文
posted @ 2020-10-24 23:16
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奇怪的搜索技巧：优化搜索 零、bfs有关 双端队列bfs 解决问题：边权只有0与1的最短路 时间：\(O(n)\) 算法的整体框架与一般的广搜类似，只是在每个节点沿分支拓展时稍作改变。如果这条分支边权为0，则从队首入队，否则从队尾入队。这样我们能保证，任意时刻广搜队列中节点对应的距离值都有“两端性” 阅读全文
posted @ 2020-10-24 23:15
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离线分治：整体二分与CDQ分治 这两个算法都是离线的分治算法。其中CDQ分治是基于时间的分治算法。整体二分是基于值域的分治算法。先讲讲整体二分吧。 我们拿[ZJOI2013]K大数查询作为例子。 一、原理：将所有的修改和查询操作离线存下来。每次二分所有修改和询问操作，分成两部分解决。 二、每个子问题 阅读全文
posted @ 2020-10-24 23:13
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凸壳上的单调队列：斜率优化 一、性质：一种动态规划的优化。 二、前置：dp、单调队列。 三、适用：\(dp[i]=a[i]*b[j]+c[i]+d[j]\)。$a[i]$单调递增。 四、方法： 移项：\(-a[i]b[j]+dp[i]-a[i]=d[j]\)，把$b[j]$看作$x$，把$d[j]$ 阅读全文
posted @ 2020-10-24 23:12
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广度优先搜索（水的一波~） 每次交换数组里连续两个数 找到第一个合法答案时不要停，继续 找到第二个时输出就好了 上代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,f[7]; bool flag;//flag表示是否找到了第一个合法答案 st 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:32
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零、前言 我这个数学菜鸡决定写一下这道变态的巧妙的数学题的题解。 一、题目 链接：years 题目大意：求$\frac{1}{2}∑_m \frac{C_mk}{C_n^k}$ 二、前置知识 比较简单的几个组合数公式，不过多赘述。 ·公式1：\(C_n^m=\frac{n!}{m!(n-m)!}\) 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:30
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这是一篇早期题解，当时不会 \(\LaTeX\) 请见谅。 因为我实在太蒻，写的有点啰嗦了，大佬请见谅谢谢 Part1 前置知识 1.异或运算 2.前缀和 3.莫队 Part2 转化题意 异或是一个很神奇的运算 当然对于前缀和是同样适用的 因此，很容易想到，维护一个前缀和数组sum sum[i]表示 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:21
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这是一道挺好的dp题，我的方法会理解起来稍微简单点。 题目大意就不赘述了，我们直接考虑状态。 令$f[i][j][k][l]$表示选$i$组,$j$组[],$k$组()且深度为$l$的组合有几种。但是我们发现这样对于S=AB的状态转移是很难实现的。因为AB的深度都不知道，需要依次枚举。 我们可以考虑 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:20
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Day1 进考场。开题。 密码一次对。 T1看了一眼。sb类型的模拟。我用了递归（二分当然也可）5min切了（虽然结束后才后悔） 剩下的时间基本在乱搞T2.想了半天只打了个n2的算法。一直在搞链的15分，推式子就是推不出来。看来还是我太菜了啊 T3还是花了大约20min时间打了个暴力的。10pts 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:19
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计算机科学 计算机发展史 第一代电子管计算机（1946-1958） 第二代晶体管计算机 （1959-1964） 第三代集成电路计算机 （1965-1970） 第四代超大规模电路计算机 （1971至今） 计算机名人名士 申农（克劳德·艾尔伍·申农 美国人）被称为“数字时代之父”，第一次提出了 bit（ 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:18
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一道区间dp。 状态很好设，我们可以设 \(dp(i,j,k)\) 表示在 \(a\) 的第 \(i\) 位前取出 \(k\) 个子串与 \(b\) 的前 \(j\) 位一样的方案数。然后发现不是很好转移。 这个时候很容易就想到，我们再设一维0/1，即 \(dp(i,j,k,t)\)，$t$表示 \ 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:08
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先说点闲话。考场上我只有大概半小时时间做题目，A了前两题后大概就五分钟在这题，乱骗 5 分就被叫走去上物理课去了。主要原因是我觉得以我的水平是完全能A掉这题的，但在考场上因为上课没时间，感到很遗憾，所以就有了这篇题解。 我讲讲我的思路。我们看到这个“旋转180度”很恶心，仔细想后就会发现左上角和右下 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:04
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这题是一道小思维题，放在 C 的话难度还是比较低的。 我看有些题解只给了做法没有给证明，所以来说一下。 题意是说如果两个数最大公约数是序列最小值就可以交换。问最小交换次数使得单调不下降。 先给结论：我们先对 \(a\) 数组排序，得到最终数列。考虑每个数，如果这个数不等于最终数列的数并且不能被数列最 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:03
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一整棵树的答案很显然是一样的，所以我们可以考虑并查集维护。 我们可以用 \(size_i\) 表示以 \(i\) 为根的子树大小。注意这里，如果 \(i\) 已经是一棵树上的节点，那么就不用维护了。这个显然可以维护：在合并的时候相加即可。 再用 \(ans_i\) 表示以 \(i\) 为根的答案。考 阅读全文
posted @ 2020-10-24 20:01
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二分图判定模板题（不知道为什么蓝）。 如果没有同性恋，那么很显然是一张二分图，否则不是。那么只要判定这张图是不是二分图即可。 一个图是二分图，当且仅当图中没有奇环。所以黑白染色即可。 多测记得清空。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int T 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:59
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听说这道题在赛时难倒了好多神仙。其实这只是一个暴力枚举。 首先肯定不能直接贪心做，如果对于某个人去最优的方案，第二个人就不一定最优了。 注意到 \(cnt\) 值很小。所以可以考虑枚举第一个人拿了多少把剑，剩余的肯定尽可能拿战斧。第二个人就可以贪心拿重量小的武器知道拿光，然后拿另外一个。 #incl 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:57
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这题其实重题了，但是我没有发现。 考虑怎么弄掉一个区间。要么用操作 $2$ 把它们一次切光，要么用操作 $1$ 把它们切到一个为 $0$，再递归下去。 由于区间不重复，所以不用记忆化，直接做就可以了。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:54
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感觉这道题好像出的水了点，像我这种对期望一窍不通的菜鸡也可以推出来。我的思路好像和大家不太一样（更简单一点吧）……但是好歹过了，大家可以参考一下。 我们设要通过第 \(x\) 个点需要的期望步数为 \(E(x)\)。那么我们可以根据定义推出 \(E(x)\) 的表达式： \(E(x)=\dfrac{ 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:49
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先说一句，我 FST 了。 题意就不说了。可以想到，对于一个 \(a_{i+1}\) 相对于 \(a_i\) 来说 \((a_i≠a_{i+1})\)，在 \(m\) 个 \(b\) 数组中只需要有一个的 \(b_{i+1}\) 与 \(b_i\) 不同。这是很显然的。 举个例子： 7 = 2 + 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:40
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一个奇怪的做法。先算出两个人到达每个标志用的时间，然后枚举所有两个相邻标志之间，检查两车是否在此之间相遇。如果找到了，计算出时间就可以了。 注意一下精度。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,l; int a[100005]; lon 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:39
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根据题意，对于每个强盗和每盏灯的关系，我们列出 \(n*m\) 个条件，第 \(i\) 个条件是满足 \(x>a_i\) 或 \(y>b_i\)。我们列出所有条件，按 \(a_i\) 排个序，枚举一下可以满足哪几个条件，然后更新答案就可以了。 #include<bits/stdc++.h> usin 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:38
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这题有的唯一的题解是尺取法做的，其实这题也可以简单地二分查找。（然而其实不比尺取法实现容易） 先说明，洛谷题面里翻译有误：两两工资差不超过d 应为 工资差值小于d。 两两的差其实转化为最大和最小的差。那么我们先对所有人按工资排序，然后枚举最小的人是谁，在他工资上加 \(d\)，然后找到小于这个值的人 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:36
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贪心地想，肯定是给询问多的位置更大的数。所以先把数排序，对于每个问题差分一下，最后求前缀和，得到每个位置的询问次数。再把询问次数排序，一一对应即可。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m; long long a[200005]; 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:35
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单调性优化：单调栈与单调队列 一、单调栈 单调栈，就是要维护一个栈，单调递增或递减。一般地，放入元素时，如果栈顶的元素不符合单调递增（或递减），那就把它弹出，再查栈顶。直到符合或栈空了，再把元素放入。 适用于快速求每个数两侧比它大（或小）的数的位置。 例题-柱状图中最大的矩形 算法 ·其实很简单 · 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:20
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这题的加强版的我们 PJ 模拟赛的 T4，个人感觉还有点意思的。 先把题目转化一下，就是每个询问给你一个 \(K\) 值和 \(v\) 值，把所有小于 \(K\) 的边都删掉，然后从 \(v\) 能走到几个节点。 可以离线，所以选择离线。把问题按 \(K\) 从大到小排序，把边按权值从大到小排序。然 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:11
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一个很显然的做法是求二维前缀和，然后枚举每个子矩形判断，这样的话是 \(O(n^2m^2)\) 的。但是这只能拿到 $60$ 分。 那么我们可以考虑，对于两个矩形 \((1,y_1,x_1,y_2)\) 和 \((1,y_1,x_2,y_2)(x_1<x_2)\)，若它们内部的和对 \(k\) 求余 阅读全文
posted @ 2020-10-24 19:09
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直接考虑 dp。令 \(dp[i][j]\) 表示到第 \(i\) 棵樱花树，摘了 \(j\) 片樱花的可能方案数。转移方程很显然，就是枚举在每个树下摘的几片樱花： \(dp[i][j]=\sum_{k=0}^{min(a[i],j)}dp[i-1][j-k]\) 发现只有上一次会产生影响，所以把 阅读全文
posted @ 2020-10-24 18:44
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每次选择一个 \(k*k\) 的矩形，显然对于 \((1,1)\) 这个点，只有唯一的矩形选择。那么要是 \((1,1)\) 变成 $0$，也只有唯一的操作。操作后再观察 \((1,2)\)，发现只有两个矩形，其中一个刚才已经操作过了，那么这种操作还是唯一的。这样递推下去就可以了。而对于有些放个的矩 阅读全文
posted @ 2020-10-24 18:40
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现在题解里 Isaunoya 神仙的题解太简洁了，另外两个神仙方法和我不一样，所以我来写一句。 题意是求一个集合中所有子集异或和之和。 因为是异或运算，所以先拆位。考虑每一位，可以想到，要使贡献为 $1$，那么肯定是选奇数个 $1$ 和偶数个 $0$。我们分两种情况看一下： 所有的 \(n\) 个数 阅读全文
posted @ 2020-10-24 18:39
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前言 一个初二彩笔的游记。停更。 点击将网页转换为AC_WA自动机太菜了模式 引申作品 考 csp 的笨蛋机 result: J 400 S 215 DAY -24 初赛那天没来得及写东西，然后昨天在whk，今天人不舒服在家里，给它补上。 上午考了提高级，本以为要 \(90+\)，结果挂成屎。 来看 阅读全文
posted @ 2020-10-24 18:35
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该文被密码保护。 阅读全文
posted @ 2020-10-24 18:31
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浙公网安备 33010602011771号