随笔分类 - 题解
摘要：看到“没有就加上，有了就减去”，就应该可以想到异或操作；查询树上一段路径，可以直接树上差分。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define add(u,v,w) adds(u,v,w
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摘要：题目描述 一看 \(n\) 高达 \(2e5\)，直接猜时间复杂度为 \(O(NlogN)\) 的算法。 环上问题，先破环为链。 我们可以考虑对于一个区间，它可以转移到左端点在这个区间内的任意一个区间，所以通过贪心的思想可以得到，我们肯定要取左端点最大的一个区间。 同时我们注意到，一个一个区间跳显然
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摘要：题目描述 一眼数位dp，预处理很简单，但是统计逆天。 启示：只要不TLE和MLE，不要嫌状态多/麻烦 #include<bits/stdc++.h> #define inf 0x3f3f3f3f using namespace std; inline int max(int x,int y){ret
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摘要：其中 \(n,m \leq 1e5\)，\(MAXY \leq 1e3\). 注意到每个 \(i\) 只有一个对应的 \(a_{i-1}\)，可以发现营地及其传送关系构成了一棵树；每一次询问相当于从书上一点一直跳到根节点，并更新路径上的点的被访问次数。 其次我们注意到，题目问的是 “编号不同” 的询
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摘要：其中，$n \leq 1e5 $ 看到题，没有头绪；用脑子思考后，没有头绪。因此抛弃脑子，直接打暴力。 通过暴力算法，我们可以发现，符合条件的排列数量一定是严格不上升的。 进一步研究发现：若 \([l,r]\) 不满足条件，则 \([l,r+1]\) 一定不满足条件。 下面是证明：已知 \([l,r
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摘要：其中 \(N \leq 1e18\) , \(T \leq 1e3\) 注意到用于凑数的是斐波那契数列，所以可以用于凑数的数字不超过 \(logn\) 个。 直接搜索，常规剪枝即可 启示：充分剪枝的前提下，可以使用 STL 容器进行记忆化 #include<bits/stdc++.h> #defin
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摘要：题目描述 一个很直观的想法是，只要植物的攻击力足以刚好打败需要攻击力最大的僵尸，那么此时的攻击力就是最小的攻击力。 对于每一个僵尸，有 \(\text{击败此僵尸需要最小攻击力} = \text{此僵尸及其之前的僵尸血量之和} \div \text{此僵尸到房子的距离}\)。 如果我们用 \(num
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摘要：刚看题先想暴力，枚举每一种加边，求一次直径，时间复杂度 \(O(N*M*(N+M))\) 但可以马上想到，加边前，答案为两棵树中较长的直径（记为 \(len\)）；在加边 \((u,v)\) 后，如果直径变化，那么新的直径一定包含新加的那条边；而且，我们在加边前可以预处理出每一个点可以延伸的最长链的
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摘要：首先，看到 \(n\) 和 \(m\) 的范围不大，而且没有什么很明显的头绪，考虑搜索 具体来说，从大到小枚举每一个卡片，对每一个人进行判断，看这个人能不能拿，能不能拿的判断依据是这个人剩余的数能不能整除卡片的编号 但是，直接这么搜索会TLE，所以考虑到剪枝。看到“整除”，就应该想到质因数分解。考虑
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