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摘要： Sol 很神秘的 trick。 注意到最小圆覆盖是 \(O(len)\) 的，那么如果直接二分每个段，肯定会 TLE。 于是考虑先倍增找出一个和长度同级别的一个范围，然后在这个范围里面二分，每段的次数就是 \(O(len \log len)\)，那么全部加起来就是 \(O(n \log n)\) 的 阅读全文

摘要： Sol 简单题。 首先不连通一定无解。 假设 \(deg_i\) 表示 \(i\) 的点的度，那么 \(deg_1 < d\) 显然无解。 注意到如果把 \(1\) 删了以后，如果连通块数量大于 \(d\) 那么也无解。 否则我们只需要考虑先在把 \(1\) 删掉以后各个连通块各选一个点与 \(1\ 阅读全文

摘要： Sol 观察答案的长度： \(1989\sim 1998\) 答案 \(1\) 位。 \(1999\sim 2098\) 答案 \(1\) 位。 \(\dots\dots\)。 所以可以直接每次偏移 \(10^{len}\)，直到答案在范围内。 Code Link。 阅读全文

摘要： Sol 显然二分 + 数位 DP。 但是直接会超时，于是记录每个问题里面的重复部分即可。 阅读全文

摘要： Sol 注意到书被用了两次，所以让它夹在中间，然后注意要拆点，因为这个点不能被用多次。 Code #include <bits/stdc++.h> #define x first #define y second #define pb push_back #define pf push_front 阅读全文

摘要： Sol 还是阅读理解题。 显然可以把加生命的部分可以直接加到血量上。 然后就是每个人之多被使用血量次，直接多重匹配即可。 Code #include <bits/stdc++.h> #define x first #define y second #define pb push_back #defi 阅读全文

摘要： Sol 考虑建模： 考虑把每个点拆成 \((i,j)_1\) 和 \((i,j)_2\)，分别表示入点和出点。（此处拆点是为了添加每个点上的岩石被选一次的限制。） 那么此时就要跑最大费用最大流，考虑把边权取反，那么就变成了常规的最小费用最大流。 对于 \(g_{i,j}\neq 1\)，连一条 \( 阅读全文

摘要： Sol 考虑 DP，设 \(f_{i,j,k}\) 表示从 \((1,1)\) 到 \((i,j)\)，且最后一步的走法是右（\(k=0\)）或者下（\(k=1\)）的方案数。 考虑 \(k=0\) 怎么转移，设 \(p_{i,j,0}\) 表示最小的数，满足 \((i,p_{i,j,0})\) 往 阅读全文

摘要： Sol 考虑建模：如果 \(a\) 选上了，那么 \(b\) 也一定要选上，那么连一条边 \(a\rightarrow b\)。 不难注意到 scc 内所有的点循环依赖，也就是说一个 scc 要么全不不选，要么全不选。于是考虑缩点，问题就转化成如下： 给定一个 DAG，每个点有个权值，每次选择一个点 阅读全文

摘要： Sol 考虑先找到最大值所在位置，设位置为 \(pos\)，最大值为 \(mx\)。 那么除了 \(pos\) 所在的集合，其他的集合答案均为 \(mx\)。 最后用一次操作找到 \(pos\) 外的集合的答案即可。 一共使用了 \(12\) 次操作。 Code #include <bits/std 阅读全文