题解 POJ1149 Pigs

先翻译一下吧（题面可以在原OJ上找）

Mirko在一个由M个锁着的猪舍组成的养猪场工作，Mirko无法解锁任何猪舍，因为他没有钥匙。客户纷纷来到农场。他们每个人都有一些猪舍的钥匙，并想购买一定数量的猪。 
有关计划在特定日期访问农场的客户的所有数据都可以在清晨获得Mirko，以便他可以制定销售计划以最大化销售的猪数量。 
更准确地说，程序如下：顾客到达，打开他有钥匙的所有猪舍，Mirko将所有未开封的猪舍中的一定数量的猪卖给他，如果Mirko想要的话，他可以将剩余的猪重新分配到解锁的猪舍。 
每个猪舍都可以放置无限数量的猪。顾客来的顺序不能改变，猪舍在顾客走后锁上。

编写一个程序，找出当天可以卖出的最大猪数。

 

解析

这确实是网络流建图好题。

首先，顾客来的顺序很重要，

因为当一个拥有猪舍X的钥匙的顾客i来后，

下一个拥有X的钥匙的顾客j实际上也能买到i能买到的猪（因为其他猪舍的猪可以在i买后调整到X中）。

因此，将j和i连边即可，流量为INF。

然后，若i是第一个打开X的人，就将i和汇点T连边，流量为X的初始猪数。

最后，将源点与每个顾客连边，流量为顾客最多买的猪，

再跑最大流就行了！

 

 

上AC代码：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
using namespace std;

inline int read(){
    int sum=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch>'9' || ch<'0'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0' && ch<='9'){sum=sum*10+ch-'0';ch=getchar();}
    return f*sum;
}

const int INF=0x3f3f3f3f;
struct node{
    int next,to,w;
}e[100001];
struct cus{
    int ksum;/*钥匙数*/
    int key[1001];/*钥匙*/
    int sum;/*买猪的最大数*/
}c[101];
int n,m,s,t;
int a[100001];
int head[100001],cnt=1;
int d[100001],las[100001]/*i猪舍的上一个顾客*/;

void add(int x,int y,int w){
//    printf("from: %d to: %d\n",x,y);
    e[++cnt].to=head[x];
    e[cnt].next=y;
    e[cnt].w=w;
    head[x]=cnt;
}

bool bfs(){
    queue <int> que;
    memset(d,0,sizeof(d));
    que.push(s);
    d[s]=1;
    while(!que.empty()){
        int x=que.front();
        que.pop();
        for(int i=head[x];i;i=e[i].to){
            int k=e[i].next;
            if(!e[i].w||d[k]) continue;
            d[k]=d[x]+1;
            que.push(k);
        }
    }
    return d[t];
}

int dfs(int x,int mi){
    if(x==t||!mi) return mi;
    int ret=0,a=0;
    for(int i=head[x];i;i=e[i].to){
        int k=e[i].next;
        if(!e[i].w||d[k]!=d[x]+1) continue;
        ret=dfs(k,min(mi,e[i].w));
        a+=ret;mi-=ret;
        e[i].w-=ret;
        e[i^1].w+=ret;
        if(!mi) break;
        
    }
    if(a) d[x]=-1;
    return a;
}

void DINIC(){
    int ans=0;
    while(bfs()){
        int ret=dfs(s,INF);
        ans+=ret;
    }
    printf("%d\n",ans);
}

int main(){
    m=read();n=read();
    s=n+1;t=n+2;
    for(int i=1;i<=m;i++){
        a[i]=read();
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        c[i].ksum=read();
        for(int j=1;j<=c[i].ksum;j++){
            c[i].key[j]=read();
        }
        c[i].sum=read();
        add(s,i,c[i].sum);
        add(i,s,0);  //与源点连边
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        for(int j=1;j<=c[i].ksum;j++){
            int k=c[i].key[j];
            if(!las[k]){
                add(i,t,a[k]);
                add(t,i,0);
            }
            else{
                add(i,las[k],INF);
                add(las[k],i,0);
            }
            las[k]=i;
        }
    }
    DINIC();/*最大流*/
    return 0;
}