06 2021 档案
摘要：DP的算法就不说了，记一种打表找规律法（大草）。 通过打表，我们发现答案如下： 2 13-4 2 15-8 2 2 3 19-16 2 2 3 2 3 3 4 117-32 2 2 3 2 3 3 4 2 3 3 4 3 4 4 5 133-64 2 2 3 2 3 3 4 2 3 3 4 3 4
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摘要：（两年前学过，没什么印象了，重新复习一下orz。） 拓扑排序，即在一个有向图$G$中对节点进行线性排序，使图中任意一条有向边$<u,v>$，在该序列中都满足$u$在$v$前面。 举例： 该图的拓扑序是 6,1,2,3,4,5 。 又比如： 该图的拓扑序是 1,2,3,4,7,5,6，当然也可以是 1
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摘要：拓扑排序。能得到拓扑序就是true，不能得到就是false。 vector<int> to[100005]; int in[100005]; int temp; class Solution { public: bool canFinish(int numCourses, vector<vector
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摘要：直接找入度为$n-1$，出度为$0$的点就行了，时间复杂度是$O(n)$。 int in[1007],out[1007]; class Solution { public: int findJudge(int n, vector<vector<int>>& trust) { int t=trust.
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摘要：脑筋急转弯。其实就是把当前节点伪装成下一个节点，取代next。 class Solution { public: void deleteNode(ListNode* node) { node->val=(node->next)->val; node->next=(node->next)->next;
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摘要：已经连通的点可以视为集合，用并查集记录集合，搜一遍得到集合个数。设点数为$n$，边数为$s$，集合个数为$num$。那么有两种情况： 1）$s<n-1$，不能全部连通。 2）$s>=n-1$，最少操作数是$num-1$。（随便取冗边，反正能把集合都连起来就行。因为$s>=n-1$，所以是肯定能取到冗
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摘要：“任意两点之间 有且仅有一条简单路径时，返回将所有点连接的最小总费用”，即求MST（最小生成树）。 发现数据规模不超过1000，所以可以考虑到$O(n^2)$的算法。 $O(n^2)$算出任意两点的距离。然后用prim算最小生成树，同样$O(n^2)$。（这张图是稠密图，点数$n$远小于边数$n^2
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摘要：vector<int> ans; void dfs(TreeNode* now){ if (now==nullptr) return ; dfs(now->left); ans.push_back(now->val); dfs(now->right); } class Solution { publ
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摘要：class Solution { public: int guessNumber(int n) { long long l=1,r=(long long)n; long long mid=((long long)1+n)>>1,temp; while (true){ temp=guess(mid);
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摘要：/** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * TreeNode *left; * TreeNode *right; * TreeNode() : val(0), left(nullptr), rig
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摘要：简单地dfs一遍即可。 /** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * TreeNode *left; * TreeNode *right; * TreeNode() : val(0), left(n
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摘要：其实就是一个求LCA的模板问题。 我的实现方法是在p、q上分别打一个标记。然后递归把标记向上传递。当找到一个拥有两个标记的节点，它就是最近公共祖先。 /** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * T
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摘要：中序遍历得到一个队列。然后找left和right之间的和就行了。 （第一遍理解错了意思。看懂了就不难。） int l,h; int que[20007],last; void dfs(TreeNode* now){ if (now==NULL) return ; dfs(now->left); qu
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摘要：warning: if statement has empty body [-Wempty-body] 可能句末多打了分号。 warning: using the result of an assignment as a condition without parentheses [-Wparent
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摘要：int d[100007]; class Solution { public: int jump(vector<int>& nums) { memset(d,127,sizeof(d)); d[0]=0; for (int i=0;i<nums.size();i++) for (int j=1;i+
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摘要：贪心，$O(n)$。 扫一遍数组。声明一个last存从1出发可以跳到的最远位置。如果可以跳到$i$，那么最远的位置起码可以到$i+nums[i]$。如果扫到最远都到不了的点，就return 0。 class Solution { public: bool canJump(vector<int>& n
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摘要：贪心。一串数字中取最大值。 class Solution { public: int minPartitions(string n) { char result=0; for (int i=0;i<n.size();i++) result=n[i]>result?n[i]:result; retur
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摘要：贪心。 class Solution { public: int maxProfit(vector<int>& prices) { int now=prices.front(); //现在手中买入价 int profit=0; prices.push_back(prices.back()); for
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摘要：贪心+栈。 int cnt[5]; int l[10007],t=0; class Solution { public: bool isValid(string s) { cnt[1]=0,cnt[2]=0,cnt[3]=0; int lim=s.size(); for (int i=0;i<lim
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摘要：暴力解法 class Solution { public: vector<int> twoSum(vector<int>& nums, int target) { for (int i=0;i<nums.size();i++) for (int j=i+1;j<nums.size();j++) if
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