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原题链接 题解 1.虫洞等价于建立负权边 2.回到过去等价于存在负权环 这里就相当于检测是否存在负权环，怎么判定呢？广搜，对于任意不含有负权环的，任意两点间的点数一定小于n 如果存在负权环，那么搜索会一直沿着这个环进行下去，其路径的点数会大于n code #include<bits/stdc++.h 阅读全文
posted @ 2024-03-26 19:52
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原题链接 题解 1.我们没法遍历每个区间然后找出他们的最小值，所以我们考虑每个元素对答案的贡献 2.对于每一个元素来说，它的贡献等于它所在的区间长度乘上自身的值，这里的区间指的是以它为最小值的区间 3.以每个元素为最小值的区间要怎么求呢？我们将其转换成求左边第一个小和右边第一个小 对于这种问题（求序 阅读全文
posted @ 2024-03-25 22:06
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原题链接 题解 这里和线性最大两段子段和不同，没有子段之间必须间隔一米，所以处理方式略有不同 code #define ll long long #include<bits/stdc++.h> using namespace std; ll a[200005]={0},pre[200005]={0} 阅读全文
posted @ 2024-03-25 21:36
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原题链接 审题 1.连续子序列：子序列必须连续 2.最小长度为1 3.子序列之间至少隔一个数 题解 令 \(presum[i]\) 代表i及其之前的最大前缀和 则第一步更新令 \(presum[i]\) 为必须包括i的最大前缀和，第二步更新令其为i及其之前的最大前缀和。 sufsum同理 最后枚举断 阅读全文
posted @ 2024-03-25 15:53
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原题链接 题解 1.具体去考虑每个集合所包含的元素及其大小个数是非常繁琐的，所以我们考虑每个元素对答案的贡献 2. 令 \(f[now]\) 代表以 \(now\) 为根节点的答案 \(sizes[now]\) 代表以 \(now\) 为根节点所包含集合的个数 更新过程如下： \(f[now]+=f 阅读全文
posted @ 2024-03-25 14:30
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原题链接 题解 考虑以下决策，绝对最优： 1.按巧克力块的大小排序，先把大的块分出来。 2.一开始完整的巧克力是块矩形，取出一个正方形后，可以分为下方和右侧两个矩形，然后把这两个矩形放入优先队列。 3.分割下一个矩形时，从队列中取出 最短边最长的那个矩形，在这个矩形上做步骤2一样的分割 为什么这样的 阅读全文
posted @ 2024-03-25 13:56
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原题链接 题解 1.选择一个区间，然后加上其和的 \(c-1\) 倍，所以我们要选中区间和最大的那个 2.然而由于倍数可能为负，即 \(c<=0\) ，所以这时我们要尽可能选和小的 3.由于最多选一次，意味着也可以不选，所以dp的时候不选就可以赋零 code #include<bits/stdc++ 阅读全文
posted @ 2024-03-24 00:50
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原题链接 题解 1.我们可以用若干条直线把所有点串起来，串起来的要求是不同直线不共点，这样以每条直线上的两点为底，直线外另一点为顶点配对 令最大的直线上的点数为k，如果n-k>=k/2+k%2,那么这条直线上的点一定可以被消除。否则不行 就变成了若干集合彼此相消，当最大集合大小超过剩余集合总和时无法 阅读全文
posted @ 2024-03-23 15:53
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原题链接 题解 1.abcdef= 1 ~ a* + ab* ~ abc + abc* ~ abcd + ... + abcde * ~ abcedf code #include<bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; ll 阅读全文
posted @ 2024-03-22 20:55
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原题链接 题解 请看code code #include<bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; struct { ll to, val, head, times = 0; } edge[200005]; ll out[100 阅读全文
posted @ 2024-03-22 11:38
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