02 2017 档案
摘要：用四进制表示状态。 用hash表把一个四进制数映射到一个小数上。 这样就可以memset了。 转移的时候分类讨论一下，特判下边界情况。
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摘要：为什么这道题网上所有题解写的都是N*Len的trie树的暴力啊,4E的复杂度。。。 为什么暴力还跑这么快啊TAT。。 有一个O(Len)的做法就是先把AC自动机建出来，因为每个字典串的长度很小，所以我们可以用fail树状压一发，每个节点记录一个值ss，表示这个点向前(1~10)的长度的串是不是一个字
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摘要：显然如果收集了k天，ans=k*(k+1)/2=（k^2+k）/2.那么现在要求的就是这个东西的期望。 设f[i]表示已有i张邮票，收集到n张的期望次数，g[i]表示已有i张邮票，收集到n张的次数的平方的期望。 显然i这个点有 $\frac{i}{n}$ 的概率走自环，有 $\frac{n-i}{n
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摘要：#include #include #include #include #include #define ll long long using namespace std; int n; ll x,mx; ll gcd(ll a,ll b) { if(!b)return a; return gcd(b,a%b); } i64 mul(i64 a,i64 b,i64 c){ ...
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摘要：第一眼看到题比较裸的状压dp就是f[i][j][s]表示考虑到第i个点，连了j条边，i和i左边k个点奇偶性状态为s的方案数，然后枚举i和谁连边向j+1转移，每个s再向i+1转移。 写完后发现这个做法有bug，因为同一个状态因为i向外连边的顺序不同而被重复记数了。比如： 第一个状态就在第四个状态中被重
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摘要：因为NOI WC的时候一直在生病,浑浑噩噩就过去了7天，基本没什么记忆了，所以就压到一篇里好了。 day -1 第一次发现高铁的椅子原来还可以转过来，于是我们四个小伙伴面对面愉快的打了一路宣红A。 在火车上就感觉嗓子有点疼，有种不详的预感。 day 0 宿舍晚上开着空调，宿舍里奇干无比，嗓子疼的睡不
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摘要：好久没做组合的题竟然懵逼了好长时间，去吃了顿饭就突然会做了。。。 如果没有每个人至少一个的限制的话那么答案显然是∏(c(n-1,a[i]+n-1)),相当于把每一种物品排成一排然后每排放(n-1)个隔板,第i个隔板和第i+1个隔板之间的物品就是第i个人的物品，显然每种方案对应着一种实际方案(会组合的
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摘要：直接写的裸的半平面交，已经有点背不过模板了。。。 这题卡精度，要用long double ，esp设1e-20。。。
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摘要：1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 using namespace std; 8 int n; 9 const double eps = 1e-13; 10 struct node 11 { 12 double x,y,r; 13 }b[1006],a[1006];int...
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摘要：一眼AC自动机上DP,f[i][j][0]到第j个节点表示前i位与n一样的方案，1表示不一样的方案。 事实证明我每回写数位dp都要wa到神志模糊，数据一有0就跪，所以加了各种特判。。。 因为如果数据中有0032这种的话直接dp会把32判为不合法，而事实上它是合法的，因为要去掉前缀0. 所以每回从根向
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摘要：1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #define ll long long 7 #define N 300005 8 using namespace std; 9 const int ni = 3; 10 const int p = 1004535809; 11 ll pw(ll x,int y) ...
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摘要：一直忘了放模板。。。 把两个串连起来做个后缀自动机对每个字串统计答案就行了。
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摘要：1 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #define ll long long 8 #define N 2000005 9 using namespace std; 10 const int now=1mp; 47 int g(int x) 48 { 49 if(xmmp; 61 ll ...
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摘要：3772: 精神污染 Description 兵库县位于日本列岛的中央位置，北临日本海，南面濑户内海直通太平洋，中央部位是森林和山地，与拥有关西机场的大阪府比邻而居，是关西地区面积最大的县，是集经济和文化于一体的一大地区，是日本西部门户，海陆空交通设施发达。濑户内海沿岸气候温暖，多晴天，有日本少见的
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摘要：一道好题~~ 一个点到根传染需要的时间是这段路径上不同颜色的数目，一个点子树到根平均传染时间就是加权平均数了(好像是废话)。 所以只要用线段树维护dfs序就这个可以了，换根的话一个点的子树要么在dfs序中不变，要么被截成了[1,l)和(r,n]两段(当这个点为当前root的祖先),l和r即为包含当前
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摘要：f[i][j]表示i接j后面的最长长度，枚举中间的那个数用个hash表转移就行了。 水题。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<map> #define N 2005 u
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摘要：这道题用到了Kruskal重构树，有个性质是这棵树是一个大根堆，而且每个点所能延伸出去的联通块在树的dfs序中是连续的一段，所以就可以用主席树维护了。 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<algorithm> 4 #include<c
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摘要：第一步先莫队分块。 对于每一块l~r，初始右端点设为r+1，然后每个询问先将右端点往右移，然后处理询问在l~r之间的部分，最后用一个栈再把l~r的复原。 具体来说是维护两个数组now1和now2，一个向右最长的长度，一个向左的长度，每插入一个值x，用x+1的now2更新x的now2，用x-1的now
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摘要：实现了线段树的分裂合并。题意大概是在长度2^30的序列中实现区间提取，区间合并。 复杂度nlogn，我也不知道为什么。
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摘要：替罪羊树套权值线段树。 计数式垃圾回收。 复杂度nlog2^n。 写了半个冬令营。
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