最爱丁珰

摘要： 注意，在调查前应该有一个定下来的顺序，就是不管这张图是哪一种都按这个顺序进行调查 由题意，这$n$个人当中一定有一个人是杀手 那么就相当于有$n$张图，其中每张图都有且仅有一个黑点（剩余都是白点），且这些图的黑点都不同（黑点就是杀手） 首先我们肯定要保证知道杀手，所以一定只会询问入度为$0$的强连通 阅读全文

摘要： 来看状态转移方程，为$f[i][j][k]$ 第一种策略：第一步就将$j$及其前面颜色连续的一段与后面$k$个消除（颜色一样的肯定要一起消除，下文同理） 如果第一种策略并不是最优的，那么$j$及其前面颜色连续的一段与后面$k$个一定会与前面一段颜色相同的点一起消除（因为$j$及其前面颜色连续的一段与 阅读全文

摘要： 容易知道这是一道图论。设$a$能看到$b$，那么就连一条$(a,b)$有向边。 定义：$A$为面具种类数，即答案 对于一个基图联通的图（基图：将图中有向边变为无向边的新图），不妨从任意一个点开始遍历，给这个数任意一个实数点权$x$，那么这个点的面具种类为$(x$%\(A\)+\(A)\)%\(A\) 阅读全文

摘要： solution说的环，其实是指的能倒着走的有向边。 比如说下图 7 7 1 2 2 3 4 3 4 5 5 6 6 7 7 1 假设最终的答案下，$1$号点的面具编号是$x$，那么在忽略$7→1$这条边的情况下，显然$7$号点的编号应该是$x+4$（忽略取模）。 由于有了$7→1$这条边，就代表着 阅读全文

摘要： void getcircle(int x,int y) { while(x!=y) { circle[++tot]=x; x=st[--tp]; } circle[++tot]=y; } void dfs(int x,int lastedge) { mark[x]=1; if(!flag) st[+ 阅读全文

摘要： 考虑走了$x$步向左，$x+n$步向右。容易知道最后一步一定会到达$n$，但是中间可能会提前到达$n$，我们需要去重。 我们使用卡特兰数的折线法去重。 以下令向左走一次变为向右上走一次，向右走一次变为向右下走一次（注意这里定义的转换，下文会多次用到），最终会走到点$(2x+n,-n)$。如下图，是一 阅读全文

摘要： 在克鲁斯卡尔排序过后，如果有边权相同的若干条边，可以将它们以任意顺序进行遍历。 因为任意两棵树可以通过加一条边同时删除一条边达到，即这两棵树的边数是相同的。 所以以任意顺序进行遍历，若最后无法形成一棵树，则任何一种遍历顺序都无法形成一棵树。 阅读全文

摘要： 设$f[i][j]$表示在第$i$时刻之前，第$i-1$时刻之后（即在两者之间）追杀第$j$个人，最后剩下的总人数。 设$life[i][j]$表示第$i$个人在第$j$时刻的任务$(u,v)$执行之前剩余的生命值 如果$j≠u[i-1]$ 或者说 如果$ju[i-1]$且$life[u[i-1]] 阅读全文

摘要： 从第$37$行开始那个循环，至多执行$O(logn)$次，而里面的线性复制数组操作长度不会超过$n$，所以这一部分总时间复杂度为$O(nlogn)$ 而每次的sort循环都只会排序一段新增的序列，每次的时间复杂度为$O((R-L)log(R-L))$,所以总的时间复杂度为$O(nlogn)$ 两者加 阅读全文

摘要： 算法：树状数组+离线思想+倍增LCA 时间复杂度：\(O(nlogn)\)（假设点数，边数与询问数相同） 第一问显然，为两者距离加$1$，可以用LCA算出。（加$1$是因为算的是点的个数，而两者距离则是边的个数） 第二问，设当前有一个询问$(x,y,c)$，当前时间为$now$，考虑什么点才会对这个 阅读全文