Claris' Blog

摘要： 用Manacher可以推出O(n)对相等和不等关系。将相等的用并查集维护，不等的连边。然后从1到n，如果该等价类还没被考虑过，则ans*=26-与它不等的考虑过的等价类个数。#include#include#define N 1000010int n,m,i,r,p,f[N>=1)==F(y>>=1... 阅读全文

摘要： 首先将坐标离散化，考虑从左往右扫描线碰到插入操作则插入碰到删除操作的：当前包含i的矩形数=y1在[1,y2[i]]之间的矩形数-y2在[1,y1[i]-1]之间的矩形数用两棵树状数组维护即可，时间复杂度$O(n\log n)$。#include#include#define N 500010int ... 阅读全文

摘要： S向每头奶牛连边，容量1每个防晒霜向T连边，容量cover每头奶牛向SPF在自己范围内的防晒霜连边，容量inf用线段树优化建图跑最大流即可。#includeconst int N=7010,inf=~0U>>2;struct edge{int t,f;edge*nxt,*pair;}*g[N],*d... 阅读全文

摘要： 观察单词表可以发现：对于长度为3的单词，前两个字母相同的单词不超过7个对于长度为4的单词，前两个字母相同的单词不超过35个于是首先$O(26*26*nm)$预处理出s1[x][i][j]表示(i,j)右上角里面字母x的出现次数s2[x][y][i][j]表示(i,j)右上角里面单词xy的出现次数枚举... 阅读全文

摘要： 直接BFS貌似复杂度飞起来了，于是我们用k-d tree优化找点的过程即可。时间复杂度$O(n\sqrt{n})$。#include#includeconst int N=10010,H=1000,R=1000000;int n,m,i,root,cmp_d,h=1,t,q[N],f[N],mx,m... 阅读全文

摘要： 从以每一位为中心的回文串长度可以用Manacher倒推出$O(n)$对相等和不等关系。将相等的用并查集维护，不等的连边。然后输出方案时若还没被染过色，则求一个mex。#include#define N 200010int n,m,i,x,r,p,f[N],g[N],fa[N],a[N],v[30];... 阅读全文

摘要： [AMPPZ2014]The Lawyer 记录每天结束的最早的会议以及开始的最晚的会议即可。 [AMPPZ2014]Petrol 一遍spfa求出d[x]表示离x最近的加油站到x的距离。 对于每条边(x,y,w)，将边权重置为d[x]+d[y]+w。 然后将边和询问按照权值从小到大排序，每次将所有 阅读全文

摘要： 注意到随机一组贪心解得到的团的大小不小于$\frac{N}{3}$的概率是很大的，所以一直随机下去，直到找到一组解即可，随机次数是常数级别的，所以复杂度为$O(n^2)$。#include#include#define N 3010int n,m,i,j,k,a[N],del[N],fin[N];b... 阅读全文

摘要： 求本质不同的第k小子串：求出后缀数组，从0开始扫到n-1，到sa[i]为止一共有sum[i]个本质不同的子串sum[i]=sum[i-1]+n-sa[i]-height[i]直到sum[i]>=k为止求第k小子串：构造后缀树，设f[x]表示以x为前缀的子串数目，g[x]表示以x为前缀的后缀数目查询时... 阅读全文

摘要： 若所有点同侧则表明将各个点带入直线解析式ax+by-c后得到的值均同号等价于最大值和最小值同号考虑CDQ分治，每一步分治的过程中求出上下凸壳，然后三分答案即可时间复杂度$O(n\log^2n)$#include#includetypedef long long ll;const int N=2000... 阅读全文

摘要： 设f[i][j]表示到(i,j)的方案数，则有$f[i][j]=\sum f[x][y](xconst int N=752,P=1000000007;int n,m,k,i,j,a[N][N],f[N][N],T,all,s[N*N],v[N*N];inline void read(int&a){c... 阅读全文

摘要： 百度空间马上要关闭了呢，赶紧转移到这里。。。 阅读全文

摘要： 当m取2时，k至少为$\frac{n}{2}$所以在最优解中每个数被选中的概率至少为$\frac{1}{2}$每次随机选取一个位置i，计算出其它数与$a_i$的差值，将差值分解质因数所有质因数中出现次数的最大值加上与$a_i$相等的数的个数就是选取i的情况下的最优解为了最大化m，需要将所有相同位置的... 阅读全文

摘要： f[i]表示用i集合内的电影可以达到的最长时间f[i]向f[i|(1#includeconst int N=20,M=40010;int n,l,i,j,c,d[N],g[N][M],m,q[M],id[M],t[M],f[1b)ans=b;}inline void max(int&a,int b)... 阅读全文

摘要： 对于询问(x,y)，恰经过一条非树边且不经过树上两点间路径的路径数为：·若x与y成祖先-孩子关系，假设y是x的祖先，z是y到x方向的第一个节点，则 ans=起点在x的子树里，且终点不在z的子树里的非树边数·若x与y不成祖先-孩子关系，则 ans=起点在x的子树里，且终点在y的子树里的非树边数由于不经... 阅读全文

摘要： 暴力枚举答案然后检验。#includeint n,m,i,j,k,a[100],b[100],cnt,ans;char s[20];int main(){ for(scanf("%d%d",&n,&m);i1)break;ans=i;} } if(cnt==1)for(i=0;i>i&1));... 阅读全文

摘要： 考虑离线，将删边操作倒过来变成加边，等价于询问每个点什么时候与1连通使用并查集维护，每次合并时如果有一边是1所在连通块，就把另一边的所有点的答案更新#include#define N 200010int n,m,i,j,x,y,son[N][2],del[N][2],q[N='0')&&(c='0'... 阅读全文

摘要： 按距离建立线段树，维护区间重量最小值然后跑一遍拓扑，每次将所有能取的加入队尾#include#include#define N 250010typedef long long ll;int n,i,x0,y0,nowp,x,y,r,c,v[N='0')&&(c='0')&&(c>1].d>1; b... 阅读全文

摘要： 令三元环(i,j,k)中i>j>k，则每条边只需要从大点连向小点设d[x]表示从x连出的边的条数从1到n枚举点i，然后枚举所有与i相连的边(i,x)(x#includeusing namespace std;const int N=100010,M=250010,B=(1e[M];inline vo... 阅读全文

摘要： $|x_1-x_2|+|y_1-y_2|=\max(|(x_1+y_1)-(x_2+y_2)|,|(x_1-y_1)-(x_2-y_2)|)$将坐标$(x,y)$逆变换为$(\frac{x+y}{2},\frac{x-y}{2})$后，询问[l,r]的最优解为中位数离散化后用主席树支持查询#incl... 阅读全文