摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend/5G/解题思路：广搜守卫要走两步，需要特殊处理。我的处理方法是遇到守卫把，就在把这个点重新加入队列，下一次再取出，这样就保证了队列的优先性。也可以直接用优先队列。贴代码： 1 #include 2 #include 3 #include 4 using namespace std; 5 struct Point 6 { 7 int x, y, time; 8 bool stay; 9 Point():stay(0){}10 };11 Point p, ne;12 int r, ... 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend5a/H/解题思路：典型的01背包，不过是二维限制的最后要把V2扫一遍找伤血最少的情况贴代码： 1 #include <iostream> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 5 int N, V, V2, dp[1000][500]={0}, c1[100], c2[100]; 6 7 int main() 8 { 9 cin >> V >> V2 >> N;10 for(int i=1 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend5a/F/解题思路：简单题，求两次最大下降子序列贴代码： 1 #include <iostream> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 5 int h[110], a[110]; 6 7 int main() 8 { 9 int k, n;10 cin >> k;11 while(k--)12 {13 cin >> n;14 for(int i=1 ; i<=n ; i++)15 ... 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend5a/E/解题思路：第一反应当然是模拟，但后来一想其实不用，每个节点只有两种情况：拓展出2个或3个节点，只需要记录下这两种节点的数目即可用a表示拓展3个节点的数目，用b表示总数，所以b-a即为拓展2个节点的数目，用s表示拓展出来的节点的数目，即：s=(b-a)*2+a*3=2*b+a,下一次b=s即可贴代码： 1 #include <iostream> 2 using namespace std; 3 4 int main() 5 { 6 int n; 7 cin >> n; 8 i. 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend/5D/解题思路：一看就是背包问题，但要求算必须使用的，第一反应时枚举去掉每一种物品，看看能不能拼出V，结果超时（必然的）正确思路是，当判断第i个物品是否必要时，只需判断前i-1种物品和后i+1至N种物品凑起来能否拼出V即可因此在这个思路下，我们首先要保存二维数组，便于提取中间结果，而且要注意使前i-1物品花费的空间+后面物品花费的空间和要为V贴代码： 1 #include 2 #include 3 #include 4 using namespace std; 5 6 const int MAXN ... 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend5a/B/解题思路：确实是简单任务贴代码： 1 #include <stdio.h> 2 3 int main() 4 { 5 int t, n, a[110]; 6 scanf("%d", &t); 7 while(t--) 8 { 9 scanf("%d", &n);10 for(int i=n ; i>=0 ; i--)11 scanf("%d", &a[i]);12 if(n == 0)13 ... 阅读全文

摘要：题目见此：http://cxsjsx.openjudge.cn/2013weekend5a/A/解题思路用一个二维win数组表示双方出拳后的结果，1为A赢，-1为B赢，最后加到结果上贴代码： 1 #include <iostream> 2 using namespace std; 3 4 int win[3][3] = {0, 1, -1, -1, 0, 1, 1, -1, 0}; 5 int pa[101], pb[101]; 6 int main() 7 { 8 int k, n, na, nb; 9 cin >> k;10 while(k--)11 {1... 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/2251/解题思路:一道BFS简单题，可以用来练手唯一值得说一下的就是31,32行处不要写成x=i, y=j, z=k,因为i、z表示层数，j、x表示行数，k、y表示列数贴代码： 1 #include <iostream> 2 #include <queue> 3 #include <string.h> 4 using namespace std; 5 6 bool b[32][32][32]; 7 int r, c, l; 8 int dx[6]={0, 0, 1, 0, 0, -1}, 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/4001/（这里POJ指百练的OJ）解题思路：BFS练手题，RE了好几次……原因是28行处一直写成n>0,应该为n>=0首先要想到用一个数组来储存是否访问过，这点比较重要在判断是否插入队列时要做一些判断，这里我自己的判断感觉不是很严谨，不过总算过了，没有加剪枝贴代码： 1 #include <iostream> 2 #include <queue> 3 using namespace std; 4 bool b[400002] = {0}; 5 6 int main() 7 { 8 queu 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/2559/多种解法，经典好题啊！解法一：解题思路：这题的基本思想是找出每一个矩形的左右边界（即左右边第一个比他高的），但如果直接对每一个矩形暴搜会超时。于是可以dp一下：如果它原有左边界的左边第一个，比他本身还要高，那么它原有左边界的左边第一个的左边界就是它的左边界。晕了吧~看代码：tmp = i; //先把左边界设为自己while(arr[i] <= arr[tmp-1] && tmp > 1) tmp = left[tmp-1]; 右边界同理还要注意一点，就是tmp > 1 这句一定不能缺 阅读全文

摘要：题目见此：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2544用来熟悉Dijkstra算法的好题解题思路：Dijkstra+优先队列优化如果把第14行去掉时间用时会多15ms贴代码： 1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 #include <queue> 4 using namespace std; 5 6 const int MAXN = 101; 7 const int INF = 0xfffffff; 8 struct Node 9 {10 int to, va 阅读全文

摘要：题目见此：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1874解题思路：典型的最短路径，用Dijkstra+优先队列优化注意一点：道路是双向的，且两个城市之间可能有多条双向路，但这里我没有预处理，用vector来find一下其实也挺麻烦的，如果重复多的话应该预处理贴代码： 1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 #include <queue> 4 #include <iostream> 5 using namespace std; 6 7 const in 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/1821这道题想了一晚上啊，结果连最朴素的dp方程都列不出来……差距额于是第二天看了很多人的解题报告，看完还是半懂不懂，不过最后看这个看懂了：http://www.abandonzhang.com/archives/554（下面是脑残型详解）解题思路：这题看上去比较像背包，不过如果直接套背包模板肯定是不行的。这题比较容易想到的是有两个状态，dp[i][j]表示考虑了i个工人在第j个位置。比较难的是处理j与s[i]的位置关系。首先要明确一点，j表示第j个位置，就是说我们只考虑包括j之前的位置，也就是说，我们要把j看成是我们的视野 阅读全文

摘要：囧……在EOJ里怎么找不到提交的地方？求问，哪里有提交这道题的地方？不过把代码写出来了 1 #include <iostream> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 5 struct MQ 6 { 7 int pos[101]; 8 long long val[101]; 9 int head, tail, winlen;10 void reset(const int& _winlen)11 {12 head = 0, tail = -1, winlen = _winlen;... 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/1742传说中的男人八题解题思路：第一反应当然是多重背包了，不过写了一个没有优化的直接超时，果然是男人八题之一额~于是用单调队列优化，AC后来上网一查，原来还可以有简单方法。这道题跟其他背包还比较不一样，是要找有几个合适的，而不是求最优解。用f数组表示总共j的钱可不可以被组合出（bool），初始化为f[0]=1,f[其余]=0;再用use_count[j]数组表示当我们用到c[i]面值的银币时，组合出j的钱需要用到的c[i]的次数（拗口~），对每一个c[i]都把它初始为0。当我们想用到c[i]面值的银币时，我们把所有可能用到c 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/1276解题思路：一看就是多重背包，没什么说的了……一开始不会单调队列优化，后来写了个优化了，可以对照着看看，加深理解未用单调队列优化： 1 #include <iostream> 2 #include <string.h> 3 using namespace std; 4 #define sum(a, b) a+b 5 const int MAXN = 11, MAXV = 100010; 6 int f[MAXV], c[MAXN], w[MAXN], n[MAXN], N, V; 7 8 void 阅读全文

摘要：题目见此：http://poj.grids.cn/practice/1014解题思路：如果做过几道多重背包的题的话，很明显可以看出是用多重背包，V = 总数/2, N = 6， n数组就是不同大小大理石的个数。我们可以采用“输出方案数”的做法:在背包中用sum，初始化f[0] = 1, f[其余] = 0, 最后只要考察f[V]的值是不是0（方案数是不是0）即可。贴代码： 1 #include <iostream> 2 #include <string.h> 3 using namespace std; 4 #define sum(a, b) a+b 5 const i 阅读全文

摘要：题目见此：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3415解题思路：这题一看就和POJ2823很相似，都是要求一段区间内的最大值，不同点有二：这里是循环的，这里是求和最大。方程很明显：dp[i]=sum（i）-min（sum（j））其中{i-K<=j<i},要注意这里是min观察j的范围，符合单调队列的要求，而j小于i，所以把i从小到大循环怎么处理循环呢？处理循环比较简单的方法是扩成二倍数组，这里可以采用这个做法。很明显求和必须要预处理，sum[i]表示到二倍扩充后的数组的i位置前的和，注意这样做的合理性在于我们只关注sum的差，即相对值 阅读全文

摘要：题目：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3401这个题在http://www.cnblogs.com/ka200812/archive/2012/07/11/2585950.html中先看了一遍，但是自己写的时候一直WA，原来是预处理没有做好……题目还是要自己做一遍才能理解啊，光看别人代码是看不懂的思考过程：首先看出这是个dp题，然后想状态：肯定有一个表示天数的状态，用i表示；接着我的第一反应是有一个表示买入或卖出的状态，但这个状态的上下限是不定的（跟i有关），接着注意到每天拥有的最多股数是MaxP，所以用就j表示这天拥有的股数。列dp方程：三 阅读全文