【bzoj1018】[SHOI2008]堵塞的交通traffic 线段树区间合并+STL-set

题目描述

给出一张2*n的网格图,初始每条边都是不连通的。多次改变一条边的连通性或询问两个点是否连通。

输入

第一行只有一个整数C,表示网格的列数。接下来若干行,每行为一条交通信息,以单独的一行“Exit”作为结束。我们假设在一开始所有的道路都是堵塞的。我们保证 C小于等于100000,信息条数小于等于100000。

输出

对于每个查询,输出一个“Y”或“N”。

样例输入

2
Open 1 1 1 2
Open 1 2 2 2
Ask 1 1 2 2
Ask 2 1 2 2
Exit

样例输出

Y
N


题解

线段树区间合并+STL-set

由于地图只有2*n,因此可以对于每一段格子维护其端点的连通性,即维护左上(下)与右上(下)的连通性。使用线段树区间合并很容易维护。

然后对于每个询问,如果不经过两点围成矩形区域以外的边的话,直接在线段树中查找即可。

如果经过矩形区域以外的边,那么一定是跨越行,并且显然是经过左(右)第一个能够跨越行的纵向边。因此可以使用set查前驱后继,此时再使用线段树查询即可。

时间复杂度$O(n\log n)$

#include <set>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 100010
#define lson l , mid , x << 1
#define rson mid + 1 , r , x << 1 | 1
using namespace std;
set<int> s;
set<int>::iterator it;
struct data
{
	bool v[2][2];
	bool *operator[](int a) {return v[a];}
	data operator+(data a)
	{
		data ans;
		ans[0][0] = (v[0][0] && a[0][0]) || (v[0][1] && a[1][0]);
		ans[0][1] = (v[0][0] && a[0][1]) || (v[0][1] && a[1][1]);
		ans[1][0] = (v[1][0] && a[0][0]) || (v[1][1] && a[1][0]);
		ans[1][1] = (v[1][0] && a[0][1]) || (v[1][1] && a[1][1]);
		return ans;
	}
}a[N << 2];
bool px[N][2] , py[N];
int n;
char str[10];
inline void pushup(int x)
{
	a[x] = a[x << 1] + a[x << 1 | 1];
}
void fix(int p , int l , int r , int x)
{
	if(l == r)
	{
		a[x][0][0] = (px[p][0]) || (py[p] && px[p][1] && py[p + 1]);
		a[x][0][1] = (py[p] && px[p][1]) || (px[p][0] && py[p + 1]);
		a[x][1][0] = (py[p] && px[p][0]) || (px[p][1] && py[p + 1]);
		a[x][1][1] = (px[p][1]) || (py[p] && px[p][0] && py[p + 1]);
		return;
	}
	int mid = (l + r) >> 1;
	if(p <= mid) fix(p , lson);
	else fix(p , rson);
	pushup(x);
}
data query(int b , int e , int l , int r , int x)
{
	if(b > e)
	{
		data ans;
		ans[0][0] = ans[1][1] = 1;
		ans[0][1] = ans[1][0] = py[b];
		return ans;
	}
	if(b <= l && r <= e) return a[x];
	int mid = (l + r) >> 1;
	if(e <= mid) return query(b , e , lson);
	else if(b > mid) return query(b , e , rson);
	else return query(b , e , lson) + query(b , e , rson);
}
bool judge(int x1 , int y1 , int x2 , int y2)
{
	if(y1 > y2) swap(x1 , x2) , swap(y1 , y2);
	if(query(y1 , y2 - 1 , 1 , n , 1)[x1][x2]) return 1;
	int pl = 0 , pr = 0;
	it = s.upper_bound(y1);
	if(it != s.begin()) pl = *--it;
	it = s.lower_bound(y2);
	if(it != s.end()) pr = *it;
	if(pl && query(pl , y1 - 1 , 1 , n , 1)[x1][x1] && query(pl , y2 - 1 , 1 , n , 1)[x1 ^ 1][x2]) return 1;
	if(pr && query(y1 , pr - 1 , 1 , n , 1)[x1][x2 ^ 1] && query(y2 , pr - 1 , 1 , n , 1)[x2][x2]) return 1;
	if(pl && pr && query(pl , y1 - 1 , 1 , n , 1)[x1][x1] && query(pl , pr - 1 , 1 , n , 1)[x1 ^ 1][x2 ^ 1] && query(y2 , pr - 1 , 1 , n , 1)[x2][x2]) return 1;
	return 0;
}
int main()
{
	int x1 , y1 , x2 , y2;
	scanf("%d" , &n) , n -- ;
	while(~scanf("%s" , str) && str[0] != 'E')
	{
		scanf("%d%d%d%d" , &x1 , &y1 , &x2 , &y2) , x1 -- , x2 -- ;
		if(str[0] != 'A')
		{
			if(x1 > x2) swap(x1 , x2);
			if(y1 > y2) swap(y1 , y2);
			if(x1 == x2) px[y1][x1] = (str[0] == 'O') , fix(y1 , 1 , n , 1);
			else
			{
				if(str[0] == 'O') s.insert(y1) , py[y1] = 1;
				else s.erase(y1) , py[y1] = 0;
				if(y1 > 1) fix(y1 - 1 , 1 , n , 1);
				if(y1 <= n) fix(y1 , 1 , n , 1);
			}
		}
		else if(judge(x1 , y1 , x2 , y2)) puts("Y");
		else puts("N");
	}
	return 0;
}

 

 

posted @ 2017-09-29 09:33  GXZlegend  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏