【bzoj3251】树上三角形 朴素LCA+暴力

题目描述

给定一大小为n的有点权树,每次询问一对点(u,v),问是否能在u到v的简单路径上取三个点权,以这三个权值为边长构成一个三角形。同时还支持单点修改。

输入

第一行两个整数n、q表示树的点数和操作数
第二行n个整数表示n个点的点权
以下n-1行,每行2个整数a、b,表示a是b的父亲(以1为根的情况下)
以下q行,每行3个整数t、a、b
若t=0,则询问(a,b)
若t=1,则将点a的点权修改为b

输出

对每个询问输出一行表示答案,“Y”表示有解,“N”表示无解。

样例输入

5 5
1 2 3 4 5
1 2
2 3
3 4
1 5
0 1 3
0 4 5
1 1 4
0 2 5
0 2 3

样例输出

N
Y
Y
N


题解

朴素LCA+暴力

一开始想到了一个$O(n\log^3n)$的数据结构算法,然后发现自己太naive了= =

由于点权是int范围内的,所以如果想让尽量多的边不构成三角形,那么它们的边权应该为1、1、2、3、5、8、...

这显然是斐波那契数列,而斐波那契数列是指数增长的,到第50项左右就爆int了。

所以可以直接拿出两个点之间的路径,当拿出的超过50个时直接判定能构成三角形,否则排序,暴力。

时间复杂度为$O(q·50·\log 50)$

#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 100010
using namespace std;
int w[N] , head[N] , to[N << 1] , next[N << 1] , cnt , fa[N] , deep[N] , a[100] , tot;
void add(int x , int y)
{
    to[++cnt] = y , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;
}
void dfs(int x)
{
    int i;
    for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
        if(to[i] != fa[x])
            fa[to[i]] = x , deep[to[i]] = deep[x] + 1 , dfs(to[i]);
}
bool judge(int x , int y)
{
    int i;
    tot = 0;
    if(deep[x] < deep[y]) swap(x , y);
    while(deep[x] > deep[y])
    {
        a[++tot] = w[x] , x = fa[x];
        if(tot > 50) return 1;
    }
    while(x != y)
    {
        a[++tot] = w[x] , a[++tot] = w[y] , x = fa[x] , y = fa[y];
        if(tot > 50) return 1;
    }
    a[++tot] = w[x] , sort(a + 1 , a + tot + 1);
    for(i = 3 ; i <= tot ; i ++ )
        if(a[i] - a[i - 1] < a[i - 2])
            return 1;
    return 0;
}
int main()
{
    int n , m , i , opt , x , y;
    scanf("%d%d" , &n , &m);
    for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d" , &w[i]);
    for(i = 1 ; i < n ; i ++ ) scanf("%d%d" , &x , &y) , add(x , y) , add(y , x);
    dfs(1);
    while(m -- )
    {
        scanf("%d%d%d" , &opt , &x , &y);
        if(opt) w[x] = y;
        else if(judge(x , y)) puts("Y");
        else puts("N");
    }
    return 0;
}

 

posted @ 2017-07-16 11:09  GXZlegend  阅读(223)  评论(0编辑  收藏