摘要：
观察题目可以发现，nm都是$\leq10^{18}$，显然是不好对其进行操作的，然后我们发现，因为是包含，所以我们并不在意是那几位包含了，我们所在意的是包含了几个，假如o=0，即没有障碍的时候，可以轻易地想出一个$O(64^4)$的暴力dp，每次直接转移再乘上一个转移的系数（组合数）。 但是现在 o 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:35
zxi8_May
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因为要求一个到所有节点距离和最小的结点，那么很自然的想到这个点是树的重心（树的重心有一些性质，最重的儿子最轻，每个儿子的size都$\leq \frac{n}{2}$） 原树重心的答案就是0，对于点 i ，如果要让它成为新的重心，那么肯定是要把原来重心的子树接到新的重心的下面，贪心的想，因为要求嫁接 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:34
zxi8_May
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当 t=1 时，可以将 t=1 的组拆成两个 t=0 的组，但是如果两条边都出现在完美匹配中，它对总概率的贡献是$\frac{1}{4}\(，但是实际上是\)\frac{1}{2}\(，这样就出锅了，我们可以考虑再加入一个包含了这两条边的，若这个东西在完美匹配中，贡献是\)\frac{1}{4}\( 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:33
zxi8_May
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首先判断平方的方法就是这个乘积的每个质因子都有偶数个，即每一个质因子的个数异或起来为0，可以通过线性基维护，用bitset优化。设线性基的大小为 x，那么答案就是$2^{r-l+1-x}$ 然后有一个非常常见的套路！根号分治！因为我们可以设置一个质因子阈值，每个数最多只有一个大质因子，并且次数为1， 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:27
zxi8_May
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这题看题面发现这是一个标准的背包，尝试寻找突破口，突然发现$c_i\leq 300$，所以考虑把$c_i$相同的珠宝放在一起转移 对于同一个代价的物品肯定是优先选择价值较大的，于是我们把同代价的物品按照价值从大到小排序，并且累计前缀和，这些每次会选一些点，很容易可以想到这个选点具有决策单调性 然后是 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:26
zxi8_May
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对于度数$<k$的点可以快速的求出包含它的团，问题就是解决度数比较大的团 注意到题目特殊限制，没有一个导出子图所有点度数都较大，所以一定可以通过不停地遍历、删除度数$<k$的点来遍历整张图（类似于拓扑排序） 并且我们可以发现对于一个已经check的点删除后不会对答案有影响，所以我们当点个数$>ans 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:25
zxi8_May
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前置芝士1 分层图 分层图，顾名思义，就是有好多层的图，可以想象成一个个平面 分层图板子题 Revamping Trails G 前置芝士2 动态dp 传送门 动态DP基础 - GKxx 的博客 - 洛谷博客 (luogu.com.cn) 本地也有！ 一句话：把矩阵乘法定义新运算 回到这题 知道了这 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:23
zxi8_May
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看了一眼网上的题解，好像我的做法没有出现（？），并且我的做法好像比较简单易懂（？），不用虚树也不用线段树维护 不难想到，我们可以对于每个副部长的点连成的最短路径（即这个路径里的每条边都是必要的）上+1，然后看有哪些路是$>=k$的，但是我们需要不重复不遗漏的把这个路径都走到。于是我们考虑把这些点树链 阅读全文
posted @ 2022-06-04 20:22
zxi8_May
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