1. 微生物增殖(用每半分钟作为一个增长量)
假设有两种微生物 X 和 Y
X出生后每隔3分钟分裂一次(数目加倍),Y出生后每隔2分钟分裂一次(数目加倍)。
一个新出生的X,半分钟之后吃掉1个Y,并且,从此开始,每隔1分钟吃1个Y。
现在已知有新出生的 X=10, Y=89,求60分钟后Y的数目。
如果X=10,Y=90 呢?
本题的要求就是写出这两种初始条件下,60分钟后Y的数目。
题目的结果令你震惊吗?这不是简单的数字游戏!真实的生物圈有着同样脆弱的性质!也许因为你消灭的那只 Y 就是最终导致 Y 种群灭绝的最后一根稻草!
请忍住悲伤,把答案写在“解答.txt”中,不要写在这里!
两个整数,每个1行。
参考答案:
0
94371840
福尔摩斯到某古堡探险,看到门上写着一个奇怪的算式:
ABCDE * ? = EDCBA
他对华生说:“ABCDE应该代表不同的数字,问号也代表某个数字!”
华生:“我猜也是!”
于是,两人沉默了好久,还是没有算出合适的结果来。
请你利用计算机的优势,找到破解的答案。
把 ABCDE 所代表的数字写出来。
答案写在“解答.txt”中,不要写在这里!
参考答案:
21978
#include <cstdio> #include <iostream> using namespace std; int main() { for(inti=1;i<=9;i++) for(int j=0;j<=9;j++) for(int x=0;x<=9;x++) for(int w=0;w<=9;w++) for(int f=1;f<=9;f++) { for(int ss=2;ss<=9;ss++) if(ss!=i&&ss!=j&&ss!=x&&ss!=w&&ss!=f&&(i*10000+j*1000+x*100+w*10+f)*ss==(f*10000+w*1000+x*100+j*10+i)) cout<<i<<j<<x<<w<<f<<''<<ss<<endl; } } return 0; }
3. 海盗比酒量
有一群海盗(不多于20人),在船上比拼酒量。过程如下:打开一瓶酒,所有在场的人平分喝下,有几个人倒下了。再打开一瓶酒平分,又有倒下的,再次重复...... 直到开了第4瓶酒,坐着的已经所剩无几,海盗船长也在其中。当第4瓶酒平分喝下后,大家都倒下了。
等船长醒来,发现海盗船搁浅了。他在航海日志中写到:“......昨天,我正好喝了一瓶.......奉劝大家,开船不喝酒,喝酒别开船......”
请你根据这些信息,推断开始有多少人,每一轮喝下来还剩多少人没倒下。
如果有多个可能的答案,请列出所有答案,每个答案占一行。
格式是:人数,人数,...
例如,有一种可能是:20,5,4,2,0
多个答案排列顺序不重要。
答案写在“解答.txt”中,不要写在这里!
参考答案:
18,9,3,2,0 (1分)
15,10,3,2,0 (2分)
20,5,4,2,0 (0分)
12,6,4,2,0 (2分)
4. 奇怪的比赛
某电视台举办了低碳生活大奖赛。题目的计分规则相当奇怪:
每位选手需要回答10个问题(其编号为1到10),越后面越有难度。答对的,当前分数翻倍;答错了则扣掉与题号相同的分数(选手必须回答问题,不回答按错误处理)。
每位选手都有一个起步的分数为10分。
某获胜选手最终得分刚好是100分,如果不让你看比赛过程,你能推断出他(她)哪个题目答对了,哪个题目答错了吗?
如果把答对的记为1,答错的记为0,则10个题目的回答情况可以用仅含有1和0的串来表示。例如:0010110011 就是可能的情况。
你的任务是算出所有可能情况。每个答案占一行。
多个答案顺序不重要。
答案写在“解答.txt”中,不要写在这里!
参考答案:
0010110011 (0分)
0111010000 (4分)
1011010000 (4分)
#include <cstdio> #include <iostream> #include <cmath> using namespace std; int main() { int cnt = 10; for(inti=0;i<=1;i++){ i==0?cnt--:cnt=cnt*2; for(int q=0;q<=1;q++){ q==0?cnt-=2:cnt=cnt*2; for(int w=0;w<=1;w++){ w==0?cnt-=3:cnt=cnt*2; for(int e=0;e<=1;e++){ e==0?cnt-=4:cnt=cnt*2; for(int r=0;r<=1;r++){ r==0?cnt-=5:cnt=cnt*2; for(intt=0;t<=1;t++){ t==0?cnt-=6:cnt=cnt*2; for(inty=0;y<=1;y++){ y==0?cnt-=7:cnt=cnt*2; for(intu=0;u<=1;u++){ u==0?cnt-=8:cnt=cnt*2; for(inta=0;a<=1;a++){ a==0?cnt-=9:cnt=cnt*2; for(ints=0;s<=1;s++){ s==0?cnt-=10:cnt=cnt*2; //cout<<cnt<<''; if(cnt==100) cout<<i<<q<<w<<e<<r<<t<<y<<u<<a<<s<<endl; s==0?cnt+=10:cnt=cnt/2; } a==0?cnt+=9:cnt=cnt/2; } u==0?cnt+=8:cnt=cnt/2; } y==0?cnt+=7:cnt=cnt/2; } t==0?cnt+=6:cnt=cnt/2; } r==0?cnt+=5:cnt=cnt/2; } e==0?cnt+=4:cnt=cnt/2; } w==0?cnt+=3:cnt=cnt/2; } q==0?cnt+=2:cnt=cnt/2; } i==0?cnt++:cnt=cnt/2; } return 0; }
5.对一个方阵转置,就是把原来的行号变列号,原来的列号变行号(含动态开辟空间malloc知识)
例如,如下的方阵:
1 2 3 4
5 6 7 8
9 10 11 12
13 14 15 16
转置后变为:
1 5 9 13
2 6 10 14
3 7 11 15
4 8 12 16
但,如果是对该方阵顺时针旋转(不是转置),却是如下结果:
13 9 5 1
14 10 6 2
15 11 7 3
16 12 8 4
下面的代码实现的功能就是要把一个方阵顺时针旋转。
void rotate(int* x, int rank) { int* y = (int*)malloc(___________________); // 填空 for(int i=0; i<rank * rank; i++) { y[_________________________] = x[i]; // 填空 } for(i=0; i<rank*rank; i++) { x[i] = y[i]; } free(y); } int main(int argc, char* argv[]) { int x[4][4] = {{1,2,3,4},{5,6,7,8},{9,10,11,12},{13,14,15,16}}; int rank = 4; rotate(&x[0][0], rank); for(int i=0; i<rank; i++) { for(int j=0; j<rank; j++) { printf("%4d", x[i][j]); } printf("\n"); } return 0; }
请分析代码逻辑,并推测划线处的代码。
答案写在 “解答.txt” 文件中
注意:只写划线处应该填的内容,划线前后的内容不要抄写。
#include <iostream> #include <malloc.h> #include <cstdio> using namespace std; void rotate(int* x, int rank) { int* y = (int*) malloc ( sizeof(int)*rank*rank ); // 填空 动态分配空间 不能忘记了sizeof一下 for(int i=0; i<rank * rank; i++){ y[ rank*(i%rank+1)-(i/4+1) ] = x[i]; } for(int i=0; i<rank*rank; i++){ x[i] = y[i]; } free(y); } int main(int argc, char* argv[]) { int x[4][4] = {{1,2,3,4},{5,6,7,8},{9,10,11,12},{13,14,15,16}}; int rank = 4;//行列数 rotate(&x[0][0], rank); for(int i=0; i<rank; i++) { for(int j=0; j<rank; j++) { //cout<<x[i][j]<<' '; printf("%4d", x[i][j]); // c } printf("\n"); } return 0; }
6
这是2012年蓝桥杯全国软件大赛预赛(C++本科组)第6题,有图片可知是个简单的大数计算的问题。
题目描述
对于32位字长的机器,大约超过20亿,用int类型就无法表示了,我们可以选择int64类型,但无论怎样扩展,固定的整数类型总是有表达的极限!如果对超级大整数进行精确运算呢?一个简单的办法是:仅仅使用现有类型,但是把大整数的运算化解为若干小整数的运算,即所谓:“分块法”。
如图【1.jpg】表示了分块乘法的原理。可以把大数分成多段(此处为2段)小数,然后用小数的多次运算组合表示一个大数。可以根据int的承载能力规定小块的大小,比如要把int分成2段,则小块可取10000为上限值。注意,小块在进行纵向累加后,需要进行进位校正。
以下代码示意了分块乘法的原理(乘数、被乘数都分为2段)。
void bigmul(int x, int y, int r[]) { int base = 10000; int x2 = x / base; int x1 = x % base; int y2 = y / base; int y1 = y % base; int n1 = x1 * y1; int n2 = x1 * y2; int n3 = x2 * y1; int n4 = x2 * y2; r[3] = n1 % base; r[2] = n1 / base + n2 % base + n3 % base; r[1] = ____________________________________________; // 填空 r[0] = n4 / base; r[1] += _______________________; // 填空 r[2] = r[2] % base; r[0] += r[1] / base; r[1] = r[1] % base; } int main(int argc, char* argv[]) { int x[] = {0,0,0,0}; bigmul(87654321, 12345678, x); printf("%d%d%d%d\n", x[0],x[1],x[2],x[3]); return 0; }
请分析代码逻辑,并推测划线处的代码。
答案写在 “解答.txt” 文件中
注意:只写划线处应该填的内容,划线前后的内容不要抄写。
分析
这也许是预赛10个题里最简单的一个题,简单的说就是十进制数的进位问题。
#include <iostream> #include <malloc.h> #include <cstdio> using namespace std; void bigmul(int x, int y, int r[]) { int base = 10000; int x2 = x / base; int x1 = x % base; int y2 = y / base; int y1 = y % base; int n1 = x1 * y1; int n2 = x1 * y2; int n3 = x2 * y1; int n4 = x2 * y2; r[3] = n1 % base; r[2] = n1 / base + n2 % base + n3 % base; r[1] = n2 / base + n3 / base + n4 % base; // 填空 r[0] = n4 / base; r[1] += r[2]/base; // 填空 r[2] = r[2] % base; r[0] += r[1] / base; r[1] = r[1] % base; } int main(int argc, char* argv[]) { int x[] = {0,0,0,0}; bigmul(87654321, 12345678, x); printf("%d%d%d%d\n", x[0],x[1],x[2],x[3]); return 0; }
7. ??????????????
??????????????
8.
题目描述
在对银行账户等重要权限设置密码的时候,我们常常遇到这样的烦恼:如果为了好记用生日吧,容易被破解,不安全;如果设置不好记的密码,又担心自己也会忘记;如果写在纸上,担心纸张被别人发现或弄丢了...
这个程序的任务就是把一串拼音字母转换为6位数字(密码)。我们可以使用任何好记的拼音串(比如名字,王喜明,就写:wangximing)作为输入,程序输出6位数字。
变换的过程如下:
第一步. 把字符串6个一组折叠起来,比如wangximing则变为:
wangxi
ming
第二步. 把所有垂直在同一个位置的字符的ascii码值相加,得出6个数字,如上面的例子,则得出:
228 202 220 206 120 105
第三步. 再把每个数字“缩位”处理:就是把每个位的数字相加,得出的数字如果不是一位数字,就再缩位,直到变成一位数字为止。例如: 228 => 2+2+8=12 => 1+2=3
上面的数字缩位后变为:344836, 这就是程序最终的输出结果!
要求程序从标准输入接收数据,在标准输出上输出结果。
输入格式为:第一行是一个整数n(<100),表示下边有多少输入行,接下来是n行字符串,就是等待变换的字符串。
输出格式为:n行变换后的6位密码。
例如,输入:
5
zhangfeng
wangximing
jiujingfazi
woaibeijingtiananmen
haohaoxuexi
则输出:
772243
344836
297332
716652
875843
注意:
请仔细调试!您的程序只有能运行出正确结果的时候才有机会得分!
在评卷时使用的输入数据与试卷中给出的实例数据可能是不同的。
请把所有函数写在同一个文件中,调试好后,存入与【考生文件夹】下对应题号的“解答.txt”中即可。
相关的工程文件不要拷入。
源代码中不能能使用诸如绘图、Win32API、中断调用、硬件操作或与操作系统相关的API。
允许使用STL类库,但不能使用MFC或ATL等非ANSI c++标准的类库。例如,不能使用CString类型(属于MFC类库)。
#include <iostream> #include <malloc.h> #include <cstdio> using namespace std; int main(){ int n; cin>>n; while(n--){ int sum[6]={0}; string str; cin>>str; int len = str.length(); int location=0; int count=0;//分割为多少组 string tstr[100]; while(location<len){ tstr[count]=""; for(int i=0;i<6&&location<len;i++ ){ tstr[count]+=str[location]; location++; } count++; } //for(int i=0;i<count;i++) cout<<tstr[i]<<endl; for(int x=0;x<6;x++){//第x个字母 sum[x]=0; for(int i=0;i<count;i++){ if(i!=count-1 ) sum[x]=sum[x]+ (int)(tstr[i][x]) ; else if( tstr[i].length()>x ) sum[x]=sum[x]+ (int)(tstr[i][x]) ; } int tempsum=sum[x]; while(tempsum>=10){ if(tempsum>=100) tempsum=tempsum%10+tempsum/10%10+tempsum/100; else if(tempsum>=10&&tempsum<=99) tempsum=tempsum%10+tempsum/10; } sum[x]=tempsum; } for(int x=0;x<6;x++)//第x个字母 cout<<sum[x]; cout<<endl; } return 0; }
9.
题目描述
足球比赛具有一定程度的偶然性,弱队也有战胜强队的可能。
假设有甲、乙、丙、丁四个球队。根据他们过去比赛的成绩,得出每个队与另一个队对阵时取胜的概率表:
甲 乙 丙 丁
甲 - 0.1 0.3 0.5
乙 0.9 - 0.7 0.4
丙 0.7 0.3 - 0.2
丁 0.5 0.6 0.8 -
数据含义:甲对乙的取胜概率为0.1,丙对乙的胜率为0.3,...
现在要举行一次锦标赛。双方抽签,分两个组比,获胜的两个队再争夺冠军。(参见【1.jpg】)
请你进行10万次模拟,计算出甲队夺冠的概率。
注意:
请仔细调试!您的程序只有能运行出正确结果的时候才有机会得分!
在评卷时使用的输入数据与试卷中给出的实例数据可能是不同的。
请把所有函数写在同一个文件中,调试好后,存入与【考生文件夹】下对应题号的“解答.txt”中即可。
相关的工程文件不要拷入。
源代码中不能能使用诸如绘图、Win32API、中断调用、硬件操作或与操作系统相关的API。
允许使用STL类库,但不能使用MFC或ATL等非ANSI c++标准的类库。例如,不能使用CString类型(属于MFC类库)。
分析
该题涉及到模拟活动,我觉得可以用随机数函数实现,还不知是否正确。其余的就是对模拟结果通过取余进行条件判断了。
PS:自己感觉这道题很没意思,网上好多的感觉虚拟的不对,自己感觉这样做是对的
# include <stdio.h> # include <stdlib.h> int main(void){ int i, j, k; //count int randfigure; int awin = 0; for(i = 0; i < 100000; i++){ randfigure = rand(); if(randfigure % 3 == 0){ //AB together randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 1){ //A win B randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 2){ //C win D randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 3){ //A win C awin++; } } else{ //D win C randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 5){ //A win D awin++; } } } } else if(randfigure % 3 == 1){ //AC together randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 3){ //A win C randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 4){ //B win D randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 1){ //A win B awin++; } } else{ //D win B randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 5){ //A win D awin++; } } } } else{ //AD together randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 5){ //A win D randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 3){ //C win B randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 3){ //A win C awin++; } } else{ //B win C randfigure = rand(); if(randfigure % 10 < 1){ //A win B awin++; } } } } } printf("%f\n", awin / 100000.0); }10、网址:http://blog.csdn.net/u014665013/article/details/44310339#t1