BZOJ 1690: [Usaco2007 Dec]奶牛的旅行

Description

作为对奶牛们辛勤工作的回报,Farmer John决定带她们去附近的大城市玩一天。旅行的前夜,奶牛们在兴奋地讨论如何最好地享受这难得的闲暇。 很幸运地,奶牛们找到了一张详细的城市地图,上面标注了城市中所有L(2 <= L <= 1000)座标志性建筑物(建筑物按1..L顺次编号),以及连接这些建筑物的P(2 <= P <= 5000)条道路。按照计划,那天早上Farmer John会开车将奶牛们送到某个她们指定的建筑物旁边,等奶牛们完成她们的整个旅行并回到出发点后,将她们接回农场。由于大城市中总是寸土寸金,所有的道路都很窄,政府不得不把它们都设定为通行方向固定的单行道。 尽管参观那些标志性建筑物的确很有意思,但如果你认为奶牛们同样享受穿行于大城市的车流中的话,你就大错特错了。与参观景点相反,奶牛们把走路定义为无趣且令她们厌烦的活动。对于编号为i的标志性建筑物,奶牛们清楚地知道参观它能给自己带来的乐趣值F_i (1 <= F_i <= 1000)。相对于奶牛们在走路上花的时间,她们参观建筑物的耗时可以忽略不计。 奶牛们同样仔细地研究过城市中的道路。她们知道第i条道路两端的建筑物 L1_i和L2_i(道路方向为L1_i -> L2_i),以及她们从道路的一头走到另一头所需要的时间T_i(1 <= T_i <= 1000)。 为了最好地享受她们的休息日,奶牛们希望她们在一整天中平均每单位时间内获得的乐趣值最大。当然咯,奶牛们不会愿意把同一个建筑物参观两遍,也就是说,虽然她们可以两次经过同一个建筑物,但她们的乐趣值只会增加一次。顺便说一句,为了让奶牛们得到一些锻炼,Farmer John要求奶牛们参观至少2个建筑物。 请你写个程序,帮奶牛们计算一下她们能得到的最大平均乐趣值。

Input

* 第1行: 2个用空格隔开的整数:L 和 P

* 第2..L+1行: 第i+1行仅有1个整数:F_i * 第L+2..L+P+1行: 第L+i+1行用3个用空格隔开的整数:L1_i,L2_i以及T_i, 描述了第i条道路。

Output

* 第1行: 输出1个实数,保留到小数点后2位(直接输出,不要做任何特殊的取 整操作),表示如果奶牛按题目中描述的一系列规则来安排她们的旅 行的话,她们能获得的最大平均乐趣值

题解:

题中让求一个最优比率环,每个点有一个点权Fi,每条边有一个边权Ti,求一个环使得 `\dfrac {\sum Fi} {\sum Ti}`最大。

其中有一个条件,点重复经过点权只算一次,可以证明,最优情况下一定每个点只经过一次,否则可以断成两个环有一个更优。所以重复经过不用考虑。

这是一个分数规划的题目,我们可以二分答案,转化为一个判定性问题。

如果二分一个答案是c,我们尝试找出`\dfrac {\sum Fi} {\sum Ti}>c`,如果能找出来,就说明有更优的答案更新答案下界,否则更新答案上届。

`\dfrac {\sum Fi} {\sum Ti}>c`可以化成 `\sum \left( Ti\cdot c\right) <\sum Fi`

移项得:`\sum \left( Fi-c\cdot T_{i}\right)  < 0`

我们把另新的边权为Fi-c*Ti,其中Fi是出点的点权。

在这个图里如果有负环,就说明不等式成立。

找负环可以用spfa,一次把所有点扔进队列,若有一条最短路径边数超过n,说明有负环。

代码:

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
//  by zrt
//  problem:
using namespace std ;
typedef long long LL ;
const double eps(1e-3) ;
const int inf(0x3f3f3f3f) ;
int n,m;
int fi[10050];
int H[10050],X[50050],t[50050],tot,P[50050];
inline void add(int x,int y,int z){
    P[++tot]=y;X[tot]=H[x];H[x]=tot;t[tot]=z;
}
double E[10050];
double d[10050];
struct N{
    int x;
    double w;
    int cnt;
    N(int a=0,double b=0,int c=0){
        x=a,w=b,cnt=c;
    }
    friend bool operator < (N a,N b){
        return a.w>b.w;
    }
};
 
priority_queue<N> q;
double Eps=1e-9;
bool judge(double x){
    while(!q.empty()) q.pop();
    for(int i=1;i<=tot;i++){
        E[i]=t[i]*x-fi[P[i]];
    }
    for(int i=1;i<=n;i++) d[i]=0,q.push(N(i,0,0));
    int a,cc;
    while(!q.empty()){
        if(q.top().cnt>n) return 1;
        a=q.top().x;cc=q.top().cnt;q.pop();
        for(int i=H[a];i;i=X[i]){
            if(d[P[i]]>d[a]+E[i]){
                d[P[i]]=d[a]+E[i];
                q.push(N(P[i],d[P[i]],cc+1));
            }
        }
        while(!q.empty()&&fabs(d[q.top().x]-q.top().w)>Eps) q.pop();
    }
    return false;
}
int main(){
    #ifdef LOCAL
    freopen("in.txt","r",stdin) ;
    freopen("out.txt","w",stdout) ;
    #endif
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&fi[i]);
    for(int i=0,x,y,z;i<m;i++){
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        add(x,y,z);
    }
    double l,r,m;
    if(!judge(0)) {
        puts("0");
        goto ed;
    }
    l=0,r=2000;
    for(int tt=0;tt<30;tt++){
        m=(l+r)/2.0;
        if(judge(m)) l=m;
        else r=m;
    }
    printf("%.2f\n",l);
    ed:;
    return 0 ;
}
posted @ 2014-09-10 13:25  zrt  阅读(214)  评论(0编辑  收藏  举报

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