UOJ#206. 【APIO2016】Gap 构造 交互题

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题解

T = 1 的情况直接大力从两边向中间询问即可。

T = 2 的情况挺妙的,我没想到。

  考虑首先花费 n + 1 代价得到全局最大值和最小值,也就是 a[1] 和 a[n] 。

  然后考虑将值域均分为 n - 1 段,每一段询问一下。答案一定在 相邻两段区间的 左边一段的Max 和右边一段的Min 之间 ,或者 a[1] 与 a[1] 右侧数,或者 a[n] 与 a[n] 左侧数 中产生。

  我们考虑证明这个东西:

  设每一段的长度 $d = \left \lceil \frac {a[n] - a[1]}{n-1}\right\rceil$ ,如果答案在某一段区间中,那么 $ans \leq d - 2$。然而,根据抽屉原理,总共有 $a[n] - a[1] - 1 - (n-2)$ 个空位,分成 $n-1$ 段,那么最长的一段至少长度为 $\left \lceil \frac{a[n] - a[1] - 1 - (n-2) } { n-1 } \right \rceil = d-1 > d - 2$,故答案不可能在某一段区间内。

  接下来证明一下我们的花费在 $3n$ 之内。

  1. 第一次询问花费 n + 1 。

  2. 接下来询问不超过 n - 1 次。

  3. 询问到的数字个数不超过 n - 2 。

  所以总询问次数的上线是 $3n - 2$ ,可以通过此题。

代码

#include <bits/stdc++.h>
#define For(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#include "gap.h"
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=100005;
LL a[N];
LL findGap(int type,int n){
	if (type==1){
		int lp=1,rp=n;
		LL lv=0,rv=1e18,Min,Max;
		while (lp<=rp){
			MinMax(lv,rv,&Min,&Max);
			a[lp++]=Min;
			a[rp--]=Max;
			lv=Min+1,rv=Max-1;
		}
		LL res=0;
		For(i,1,n-1)
			res=max(res,a[i+1]-a[i]);
		return res;
	}
	else {
		LL lv,rv,ans=0;
		MinMax(0,1e18,&lv,&rv);
		LL d=(rv-lv+(n-2))/(n-1),pre=lv;
		for (;lv<rv-1;lv+=d){
			LL Min,Max;
			MinMax(lv+1,min(lv+d,rv-1),&Min,&Max);
			if (Min!=-1){
				ans=max(ans,Min-pre);
				pre=Max;
			}
		}
		ans=max(ans,rv-pre);
		return ans;
	}
}

  

posted @ 2019-04-15 23:11 -zhouzhendong- 阅读(...) 评论(...) 编辑 收藏
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