[BZOJ1976][BeiJing2010组队]能量魔方 Cube

dbzoj

Description

小C 有一个能量魔方,这个魔方可神奇了,只要按照特定方式,放入不同的 能量水晶,就可以产生巨大的能量。 能量魔方是一个 NNN 的立方体,一共用 N3 个空格可以填充能量水晶。 能量水晶有两种: ·一种是正能量水晶(Positive) ·一种是负能量水晶(Negative) 当这个魔方被填满后,就会依据填充的能量水晶间的关系产生巨大能量。对 于相邻两(相邻就是拥有同一个面)的两个格子,如果这两个格子填充的是一正一 负两种水晶,就会产生一单位的能量。而整个魔方的总能量,就是这些产生的能 量的总和。 现在,小 C 已经在魔方中填充了一些水晶,还有一些位置空着。他想知道, 如果剩下的空格可以随意填充,那么在最优情况下,这个魔方可以产生多少能量。

Input

第一行包含一个数N,表示魔方的大小。 接下来 N2 行,每行N个字符,每个字符有三种可能: P:表示此方格已经填充了正能量水晶; N:表示此方格已经填充了负能量水晶; ?:表示此方格待填充。 上述 NN 行,第(i-1)N+1~i*N 行描述了立方体第 i 层从前到后,从左到右的 状态。且每 N 行间,都有一空行分隔。

Output

仅包含一行一个数,表示魔方最多能产生的能量

Sample Input

2
P?
??

??
N?

Sample Output

9

HINT

如下状态时,可产生最多的能量。
PN
NP

NP
NN

【数据规模】

10% 的数据N≤3;
30% 的数据N≤4;
80% 的数据N≤10;
100% 的数据N≤40。

sol

相邻不同色产生贡献?
把一种颜色的放在\(S\)这边,另一种颜色的放在\(T\)这边,然后。。。
最大割?什么鬼啊。
这种求收益最大的问题不妨转成总收益减去最小损失。
我们先假设已经让所有有公共面的块异色了。这样先算总收益,然后再减去相邻同色的最少数目。
相邻同色?黑白染色一下即可。
对于\(x+y+z\)为奇数的点,向其相邻的点(一定会是\(x+y+z\)为偶数的点),连双向容量为1的边。
然后对于已经确定了颜色的点,直接根据奇偶性以及黑白染色情况与\(S\)\(T\)\(inf\)边。

code

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
int gi()
{
    int x=0,w=1;char ch=getchar();
    while ((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar();
    if (ch=='-') w=0,ch=getchar();
    while (ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
    return w?x:-x;
}
const int N = 65000;
const int inf = 1e9;
struct edge{int to,nxt,w;}a[N*20];
int n,id[50][50][50],tot,S,T,head[N],cnt=1,dep[N],cur[N],ans;
char map[50][50][50];
queue<int>Q;
void link(int u,int v,int w)
{
    a[++cnt]=(edge){v,head[u],w};
    head[u]=cnt;
    a[++cnt]=(edge){u,head[v],w};
    head[v]=cnt;
}
bool bfs()
{
    memset(dep,0,sizeof(dep));
    dep[S]=1;Q.push(S);
    while (!Q.empty())
    {
        int u=Q.front();Q.pop();
        for (int e=head[u];e;e=a[e].nxt)
            if (a[e].w&&!dep[a[e].to])
                dep[a[e].to]=dep[u]+1,Q.push(a[e].to);
    }
    return dep[T];
}
int dfs(int u,int f)
{
    if (u==T) return f;
    for (int &e=cur[u];e;e=a[e].nxt)
        if (a[e].w&&dep[a[e].to]==dep[u]+1)
        {
            int tmp=dfs(a[e].to,min(a[e].w,f));
            if (tmp) {a[e].w-=tmp;a[e^1].w+=tmp;return tmp;}
        }
    return 0;
}
int Dinic()
{
    int res=0;
    while (bfs())
    {
        for (int i=1;i<=T;++i) cur[i]=head[i];
        while (int tmp=dfs(S,inf)) res+=tmp;
    }
    return res;
}
int main()
{
    n=gi();
    for (int i=1;i<=n;++i)
        for (int j=1;j<=n;++j)
            for (int k=1;k<=n;++k)
            {
                char ch=getchar();
                while (ch!='P'&&ch!='N'&&ch!='?') ch=getchar();
                map[i][j][k]=ch;id[i][j][k]=++tot;
            }
    S=++tot,T=++tot;
    for (int i=1;i<=n;++i)
        for (int j=1;j<=n;++j)
            for (int k=1;k<=n;++k)
                if ((i+j+k)&1)
                {
                    if (map[i][j][k]=='P') link(S,id[i][j][k],inf);
                    if (map[i][j][k]=='N') link(id[i][j][k],T,inf);
                    if (i>1) link(id[i][j][k],id[i-1][j][k],1),++ans;
                    if (i<n) link(id[i][j][k],id[i+1][j][k],1),++ans;
                    if (j>1) link(id[i][j][k],id[i][j-1][k],1),++ans;
                    if (j<n) link(id[i][j][k],id[i][j+1][k],1),++ans;
                    if (k>1) link(id[i][j][k],id[i][j][k-1],1),++ans;
                    if (k<n) link(id[i][j][k],id[i][j][k+1],1),++ans;
                }
                else
                {
                    if (map[i][j][k]=='P') link(id[i][j][k],T,inf);
                    if (map[i][j][k]=='N') link(S,id[i][j][k],inf);                 
                }
    printf("%d\n",ans-Dinic());
    return 0;
}
posted @ 2018-04-03 19:49  租酥雨  阅读(...)  评论(...编辑  收藏