符号约定
- 齐次坐标 \(a,b\) 等价（\(\exists \lambda, a = \lambda b\)）记作 \(a\sim b\)
- 所有的齐次坐标都记录为用圆括号包裹的三元组。（有的资料会把直线的齐次坐标记录为方括号包裹的三元组）（使用本文的记录方法可以更突显点、线的代数共性而非几何区别）
Disargues 定理
题目描述
有不重合的 \(6\) 点 \(A_1,A_2,B_1,B_2,C_1,C_2\) 满足两两不三点共线，则下面两个命题等价：
- \(p_1:\) 线 \(A_1\times A_2, B_1\times B_2, C_1\times C_2\) 三线共点。
- \(p_2:\) 设线 \(a_i = B_i\times C_i, b_i = C_i\times A_i, c_i = A_i\times B_i\ (i\in\{1,2\})\)，则点 \(a_1\times a_2, b_1\times b_2, c_1\times c_2\) 三点共线。
证明
观察发现，\(p_1\Rightarrow p_2\) 和 \(p_1\Leftarrow p_2\) 对偶，所以只需证 \(p_1\Rightarrow p_2\).
现证 \(p_1\Rightarrow p_2\).
设 \(A_1\times A_2,B_1\times B_2,C_1\times C_2\) 的交点为 \(P\)，则 \(A_1,B_1,C_1,P\) 两两不三点共线（若 \(A_1,B_1,P\) 三点共线，由 \(A_1,A_2,P\) 三点共线，则 \(A_1,A_2,B_1\) 三点共线，与题目条件矛盾），所以可设
\[\begin{gathered}
A_1 = (1, 0, 0)\\
B_1 = (0, 1, 0)\\
C_1 = (0, 0, 1)\\
P = (1, 1, 1)
\end{gathered}
\]
由于 \(P\) 不与 \(A_2,B_2,C_2\) 重合（否则将会出现三点共线），所以设 \(\lambda_1,\lambda_2,\lambda_3\) 使得
\[\begin{gathered}
A_2 = P + \lambda_1A_1 = (1 + \lambda_1,\ 1,\ 1)\\
B_2 = P + \lambda_2B_1 = (1,\ 1 + \lambda_2,\ 1)\\
C_2 = P + \lambda_3C_1 = (1,\ 1,\ 1 + \lambda_3)\\
\end{gathered}
\]
则
\[\begin{gathered}
a_1 = B_1 \times C_1 = (1, 0, 0)\\
b_1 = C_1 \times A_1 = (0, 1, 0)\\
c_1 = A_1 \times B_1 = (0, 0, 1)\\
a_2 = B_2 \times C_2 = (\lambda_2\lambda_3 + \lambda_2 + \lambda_3,\ -\lambda_3,\ -\lambda_2)\\
b_2 = C_2\times A_2 = (-\lambda_3,\ \lambda_1\lambda_3 + \lambda_1 + \lambda_3,\ -\lambda_1)\\
c_2 = A_2\times B_2 = (-\lambda_2,\ -\lambda_1,\ \lambda_1\lambda_2 + \lambda_1 + \lambda_2)
\end{gathered}
\]
于是
\[\begin{gathered}
a_1\times a_2 = (0, \lambda_2, -\lambda_3)\\
b_1\times b_2 = (-\lambda_1,0,\lambda_3)\\
c_1\times c_2 = (\lambda_1, -\lambda_2, 0)
\end{gathered}
\]
观察发现 \(a_1\times a_2 + b_1\times b_2 + c_1\times c_2 = 0\)，它们三个线性相关，\(p_2\) 得证。
额外
可以将 \(\triangle A_2B_2C_2\in\) 平面 \(\beta\) 看做 \(\triangle A_1B_1C_1\in\) 平面 \(\alpha\) 以点 \(P\) 为中心在 \(\beta\) 上的投影，即可直观证明。
Menelaus 定理和 Ceva 定理
符号约定
设点 \(P_1 = a, P_2 = b, Q_1 = a + \lambda_1b, Q_2 = a + \lambda_2 b\)，记
\[(P_1P_2, Q_1Q_2) = \frac{\lambda_1}{\lambda_2}
\]
实际上就是 \(P_1,P_2,Q_1,Q_2\) 的交比。
问题描述
有点 \(P_1,P_2,P_3,Q_1,Q_2,Q_3,Q_1',Q_2',Q_3'\) 两两不重合，点 \(P_1,P_2,P_3\) 不三点共线，点 \(Q_1,Q_2,Q_3\) 三点共线，点 \(Q_1,Q_1'\) 在线 \(P_2\times P_3\) 上，点 \(Q_2,Q_2'\) 在线 \(P_3\times P_1\) 上，点 \(Q_3,Q_3'\) 在线 \(P_1\times P_2\) 上。
设
\[\begin{gathered}
k_1 = (P_2P_3,Q_1Q_1')\\
k_2 = (P_3P_1,Q_2Q_2')\\
k_3 = (P_1P_2,Q_3Q_3')
\end{gathered}
\]
则有
- Menelaus 定理：\(Q_1',Q_2',Q_3'\) 三点共线 \(\Leftrightarrow k_1k_2k_3 = 1\).
- Ceva 定理：\(P_1\times Q_1', P_2\times Q_2', P_3\times Q_3'\) 三线共点 \(\Leftrightarrow\) \(k_1k_2k_3 = -1\).
证明
设点 \(P_1 = (1, 0, 0), P_2 = (0, 1, 0), P_3 = (0, 0, 1)\)，线 \(Q_1\times Q_2 = (u, v, w)\).
则
\[\begin{gathered}
P_1\times P_2 = (0, 0, 1)\\
P_2\times P_3 = (1, 0, 0)\\
P_3\times P_1 = (0, 1, 0)
\end{gathered}
\]
求交点得
\[\begin{gathered}
Q_1 = (0,-w,v) \sim P_2 - \frac{v}{w}P_3\\
Q_2 = (-w,0,u) \sim P_3 - \frac{w}{u}P_1\\
Q_3 = (-v,u,0) \sim P_1 - \frac{u}{v}P_2
\end{gathered}
\]
需要注意的是，\(u,v,w\) 均非 \(0\)，否则 \(Q_1,Q_2,Q_3,P_1,P_2,P_3\) 将会出现重合。
Menelaus 定理正定理证明
可设 \(Q_1'\times Q_2' = (u',v',w')\)，同理可得 \(u',v',w'\) 均非 \(0\)，且
\[\begin{gathered}
Q_1' \sim P_2 - \frac{v'}{w'}P_3\\
Q_2' \sim P_3 - \frac{w'}{u'}P_1\\
Q_3' \sim P_1 - \frac{u'}{v'}P_2
\end{gathered}
\]
于是
\[k_1k_2k_3 = \frac{(-\frac{v}{w})(-\frac{w}{u})(-\frac{u}{v})}{(-\frac{v'}{w'})(-\frac{w'}{u'})(-\frac{u'}{v'})} = 1
\]
得证。
Menelaus 逆定理证明
设 \(t_1,t_2,t_3\) 使得
\[\begin{gathered}
Q_1' = (0,1,t_1) \sim P_2 + t_1P_3\\
Q_2' = (t_2,0,1) \sim P_3 + t_2P_1\\
Q_3' = (1,t_3,0) \sim P_1 + t_3P_2
\end{gathered}
\]
则
\[k_1k_2k_3 = \frac{(-\frac{v}{w})(-\frac{w}{u})(-\frac{u}{v})}{t_1t_2t_3} = 1
\]
即
\[t_1t_2t_3 = -1
\]
计算
\[\det(Q_1',Q_2',Q_3') = \left|\begin{matrix}
0 & t_2 & 1\\
1 & 0 & t_3\\
t_1 & 1 & 0
\end{matrix}\right|
= t_1t_2t_3 + 1 = 0
\]
所以 \(Q_1',Q_2',Q_3'\) 三点共线。
得证。
Ceva 定理正定理证明
设 \(P_1\times Q_1',P_2\times Q_2',P_3\times Q_3'\) 交点为 \(E = (1, 1, 1)\)（因为 \(P_1,P_2,P_3,E\) 不三点共线，否则将出现 \(Q_1',Q_2',Q_3',P_1,P_2,P_3\) 之间的重合，所以存在射影变换将 \(P_1,P_2,P_3,E\) 映射为 \((1,0,0),(0,1,0),(0,0,1),(1,1,1)\)），则
\[\begin{gathered}
P_1\times Q_1' \sim P_1\times E = (0, -1, 1)\\
P_2\times Q_2' \sim P_2\times E = (1, 0, -1)\\
P_3\times Q_3' \sim P_3\times E = (-1, 1, 0)\\
\end{gathered}
\]
求直线交点（例如 \(Q_1' \sim (P_2\times P_3)\times (P_1\times E)\)）可得
\[\begin{gathered}
Q_1' = (0, 1, 1) = P_2 + P_3\\
Q_2' = (1, 0, 1) = P_3 + P_1\\
Q_3' = (1, 1, 0) = P_1 + P_2\\
\end{gathered}
\]
于是
\[k_1k_2k_3 = \frac{(-\frac{v}{w})(-\frac{w}{u})(-\frac{u}{v})}{1\times 1\times 1} = -1
\]
得证。
Ceva 定理逆定理证明
设 \(t_1,t_2,t_3\) 使得
\[\begin{gathered}
Q_1' = (0,1,t_1) \sim P_2 + t_1P_3\\
Q_2' = (t_2,0,1) \sim P_3 + t_2P_1\\
Q_3' = (1,t_3,0) \sim P_1 + t_3P_2
\end{gathered}
\]
则
\[k_1k_2k_3 = \frac{(-\frac{v}{w})(-\frac{w}{u})(-\frac{u}{v})}{t_1t_2t_3} = -1
\]
即
\[t_1t_2t_3 = 1
\]
于是设
\[\begin{gathered}
l_1 = P_1 \times Q_1' = (0, -t_1, 1)\\
l_2 = P_2 \times Q_2' = (1, 0, -t_2)\\
l_3 = P_3 \times Q_3' = (-t_3, 1, 0)\\
\end{gathered}
\]
于是 \(\det(l_1,l_2,l_3) = -t_1t_2t_3 + 1 = 0\)，故 \(l_1,l_2,l_3\) 交于一点。
得证。
额外
Melelaus 定理可以利用相似轻松证明，Ceva 定理可以利用面积法轻松证明。
完全四点形的调和性质
调和点列（或线束）的定义
若点（或线）\(A,B,C,D\) 满足
\[(AB, CD) = -1
\]
则它们构成调和点列（或线束）。
完全四点形的相关概念
对于完全四点形 \(P_1,P_2,P_3,P_4\)（满足这 \(4\) 点无三点共线），定义
- \(3\) 对对边：分别为 \(P_1\times P_2\) 和 \(P_3\times P_4\) 的一对、\(P_1\times P_3\) 和 \(P_2\times P_4\) 的一对、\(P_1\times P_4\) 和 \(P_2\times P_3\) 的一对。
- \(3\) 个对边点：分别为 \(Q_1 = (P_1\times P_2)\times(P_3\times P_4), Q_2 = (P_1\times P_3)\times(P_2\times P_4), Q_3 = (P_1\times P_4)\times (P_2\times P_3)\).
- 对边三点形：\(Q_1,Q_2,Q_3\).
问题描述
在上文的完全四边形中，
\[P_1\times P_2, P_3\times P_4, Q_1\times Q_2, Q_1\times Q_3
\]
构成调和线束。
证明
由于 \(P_1,P_2,P_3,P_4\) 无三点共线，所以存在射影变换将 \(P_1,P_2,P_3,P_4\) 映射为 \((1, 0, 0), (0, 1, 0), (0, 0, 1), (1, 1, 1)\)，所以设
\[\begin{gathered}
P_1 = (1, 0, 0)\\
P_2 = (0, 1, 0)\\
P_3 = (0, 0, 1)\\
P_4 = (1, 1, 1)
\end{gathered}
\]
所以
\[\begin{gathered}
P_1\times P_2 \sim (0, 0, 1)\\
P_1\times P_3 \sim (0, 1, 0)\\
P_1\times P_4 \sim (0, -1, 1)\\
P_2\times P_3 \sim (1, 0, 0)\\
P_2 \times P_4 \sim (1, 0, -1)\\
P_3 \times P_4 \sim (-1, 1, 0)
\end{gathered}
\]
代入 \(Q_1,Q_2,Q_3\) 的定义，得
\[\begin{gathered}
Q_1\sim (1, 1, 0)\\
Q_2\sim (1, 0, 1)\\
Q_3\sim (0, 1, 1)
\end{gathered}
\]
设
\[\begin{gathered}
l_1 = P_1\times P_2 \sim (0,0, 1)\\
l_2 = P_3\times P_4 \sim (-1, 1, 0)\\
l_3 = Q_1\times Q_2 \sim (-1, 1, 1)\\
l_4 = Q_1\times Q_3 \sim (1, -1, 1)
\end{gathered}
\]
于是有（直接取 \(l_1 = (0,0,1), l_2 = (-1,1,0), l_3 = (-1,1,1), l_4 = (1,-1,1)\)）
\[\begin{gathered}
l_3 = l_1 + l_2\\
l_4 = l_1 - l_2
\end{gathered}
\]
于是 \((l_1l_2,l_3l_4) = \frac{1}{-1} = -1\) 得证。
浙公网安备 33010602011771号