bzoj1051 [HAOI2006]受欢迎的牛

1051: [HAOI2006]受欢迎的牛

Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MB
Submit: 4773  Solved: 2541
[Submit][Status][Discuss]

Description

  每一头牛的愿望就是变成一头最受欢迎的牛。现在有N头牛,给你M对整数(A,B),表示牛A认为牛B受欢迎。 这
种关系是具有传递性的,如果A认为B受欢迎,B认为C受欢迎,那么牛A也认为牛C受欢迎。你的任务是求出有多少头
牛被所有的牛认为是受欢迎的。

Input

  第一行两个数N,M。 接下来M行,每行两个数A,B,意思是A认为B是受欢迎的(给出的信息有可能重复,即有可
能出现多个A,B)

Output

  一个数,即有多少头牛被所有的牛认为是受欢迎的。

Sample Input

3 3
1 2
2 1
2 3

Sample Output

1

HINT

 

100%的数据N<=10000,M<=50000
分析:对于这道题,可以很自然地想到强连通分量,为什么呢?因为如果答案只有1头牛,那么这头牛肯定在由自己一个点组成的强连通分量里,如果答案大于1,那么符合要求的牛必然在同一个强连通分量里,而且只有一个强连通分量符合要求,这个可以简单的证明一下:假设符合要求的强连通分量有n个,那么第n个强连通分量必然与第n-1个强连通分量联通,这样就组成了一个强连通分量,由此可类推符合要求的强连通分量只有1个.
      根据这个,我们在统计答案的时候如果发现符合要求的强连通分量大于1个,那么就无解.怎么知道这个强连通是否符合要求呢?很简单,出度为0即可,如果出度不为0,那么这个“强连通分量”就是另外一个强连通分量的一部分,至于怎么找出度,dfs建图乱搞一下就好了.
#include <cstdio>
#include <stack>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>

using namespace std;

const int maxn = 10010, maxm = 50010;

int n, m,head[maxn],to[maxm],nextt[maxm],tot,scc[maxn],dfsclock,low[maxn],pre[maxn],num,shuliang[maxn],ans;
int head2[maxn], to2[maxn], nextt2[maxn], tot2;
stack <int> s;

void add(int x, int y)
{
    tot++;
    to[tot] = y;
    nextt[tot] = head[x];
    head[x] = tot;
}

void add2(int x, int y)
{
    tot2++;
    to2[tot2] = y;
    nextt2[tot2] = head2[x];
    head2[x] = tot2;
}

void tarjan(int u)
{
    s.push(u);
    low[u] = pre[u] = ++dfsclock;
    for (int i = head[u];i;i = nextt[i])
    {
        int v = to[i];
        if (!pre[v])
        {
            tarjan(v);
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else
            if (!scc[v])
                low[u] = min(low[u], pre[v]);
    }
    if (low[u] == pre[u])
    {
        num++;
        while (1)
        {
            int t = s.top();
            s.pop();
            scc[t] = num;
            shuliang[num]++;
            if (t == u)
                break;
        }
    }
}

void lianbian(int u)
{
    for (int i = head[u]; i; i = nextt[i])
    {
        int v = to[i];
        if (scc[u] != scc[v])
            add2(scc[u], scc[v]);
    }
}

int main()
{
    scanf("%d%d", &n, &m);
    for (int i = 1; i <= m; i++)
    {
        int a, b;
        scanf("%d%d", &a, &b);
        add(a, b);
    }
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!scc[i])
            tarjan(i);
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        lianbian(i);
    for (int i = 1; i <= num; i++)
        if (!head2[i])
        {
            if (ans)
            {
                printf("0\n");
                return 0;
            }
            ans = shuliang[i];
        }
    printf("%d\n", ans);

    return 0;
}

 

posted @ 2016-12-10 11:07  zbtrs  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏