「USACO10OPEN」Time Travel S

题目描述

Farmer John 买了台时光机，这使得他可以方便地管理自己的奶牛群。

他现在有 \(N\) 个操作（\(1 \leq N \leq 8 \times 10^4\)），每次操作仅可能是如下三种之一：

1. a x：添加一头编号为 \(x\) 的奶牛（\(1 \leq x \leq 10^6\)）。
2. s：卖掉最近添加的奶牛（保证此时至少有一头奶牛）。
3. t x：回到第 \(x\) 次操作前的状态（保证第 \(x\) 次操作存在）。

你需要在 FJ 执行每次操作后输出他拥有的最新的奶牛的编号。特别地，如果没有奶牛，输出 \(-1\)。

输入格式

第一行一个整数 \(N\)。

接下来 \(N\) 行，每行描述一次操作。

输出格式

第 \(i\) 行输出第 \(i\) 次操作后 FJ 拥有的最新的奶牛的编号。特别地，如果没有奶牛，输出 \(-1\)。

样例 #1

样例输入 #1

12
a 5
a 3
a 7
s
t 2
a 2
t 4
a 4
s
t 7
s
s

样例输出 #1

5
3
7
3
5
2
7
4
7
2
5
-1

提示

下面是样例解释，其中拥有的奶牛已经按添加顺序排好。

操作编号	操作	拥有的奶牛	输出
1	a 5	5	5
2	a 3	5,3	3
3	a 7	5,3,7	7
4	s	5,3	3
5	t 2	5	5
6	a 2	5,2	2
7	t 4	5,3,7	7
8	a 4	5,3,7,4	4
9	s	5,3,7	7
10	t 7	5,2	2
11	s	5	5
12	s	/	-1

SOLUTION

这个操作还是蛮简单的

我们可以用链表进行处理

\(pre[i]\)：第i个操作的前驱id

\(rt[i]\)：第i个操作的id

\(a[i]\)：第i个数

若为a操作，新建\(a[++tot]=x\)，

若为s操作，将\(rt[i]=pre[rt[i-1]]\)，也就是连到前一个

若为t操作，将\(rt[i]=rt[x-1]\)，即连到 \(i\) 操作之前的状态\(id\)

CODE

如果还没看懂，就look look代码吧

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=8e4+2;
int n,rt[N],a[N],q[N],tot,x;
char ch[10];
int main(){
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%s",ch);
        if(ch[0]=='a'){ 
	        scanf("%d",&x);
			a[++tot]=x;
            rt[i]=tot;
			q[rt[i]]=rt[i-1];
        }else if(ch[0]=='t'){
            scanf("%d",&x);
			rt[i]=rt[x-1];
        }else rt[i]=q[rt[i-1]];
        if(rt[i]) printf("%d\n",a[rt[i]]);
        else printf("-1\n");
    }
    return 0;
}

完结撒花❀

✿✿ヽ(°▽°)ノ✿