腐烂的橘子(广度优先遍历)

在给定的 m x n 网格 grid 中，每个单元格可以有以下三个值之一：

• 值 0 代表空单元格；
• 值 1 代表新鲜橘子；
• 值 2 代表腐烂的橘子。

每分钟，腐烂的橘子 周围 4 个方向上相邻 的新鲜橘子都会腐烂。

返回 直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1 。

 

示例 1：

输入：grid = [[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]]
输出：4

示例 2：

输入：grid = [[2,1,1],[0,1,1],[1,0,1]]
输出：-1
解释：左下角的橘子（第 2 行， 第 0 列）永远不会腐烂，因为腐烂只会发生在 4 个方向上。

示例 3：

输入：grid = [[0,2]]
输出：0
解释：因为 0 分钟时已经没有新鲜橘子了，所以答案就是 0 。

class Solution {
public:
    vector<vector<int>> direction={
        {1,0},{-1,0},{0,-1},{0,1}
    };
    int orangesRotting(vector<vector<int>>& grid) {
        int m = grid.size();//行
        int n = grid[0].size();//列
        //记录好橘子数量
        int good = 0;
        //记录坏橘子坐标
        queue<pair<int, int>> bad;
        //初始化
        for(int i=0;i<m;i++){
            for(int j=0;j<n;j++){
                if(grid[i][j]==1)
                    good++;
                else if(grid[i][j]==2)
                    bad.push({i,j});
            }
        }
        //完全腐烂所需时间
        int time=0;
        //开始腐烂
        while(true){
            int k = bad.size();
            //一轮腐烂为队列里记录的橘子
            for(int i=0;i<k;i++){
                pair<int,int> xy = bad.front();
                bad.pop();
                for(int j=0;j<4;j++){
                    int x = xy.first+direction[j][0];
                    int y = xy.second+direction[j][1];
                    if(x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n&&grid[x][y]==1){
                        grid[x][y]=2;
                        bad.push({x,y});
                        good--;
                    }
                }
            }
            //一旦bad为空就退出,防止time多加一次
            if(bad.empty()) break;
            //一轮腐烂结束
            time++;
        }
        return good==0?time:-1;
    }
};