51nod挑的部分5级题

最近心情不好所以写代码来获得快落

4级题有点难做？然后就开始挑简单的5级题开始写

然后准备记录一些自己没有做出来

参考讨论区或者博客才做出来的题目

 

51nod_1189 阶乘分数

这个题参考了讨论区

令 t = n!

1/t = 1/x + 1/y , 0 < x <= y 的正整数解计数， n <= 1e6

考虑对式子进行变换

1/t = (x + y) / xy

xy = t * (x + y)

我们这时候应该有一个反应，配方有

(x - t) * (y - t) = t * t

所以考虑统计 t * t 的因子数就可以了

分解质因数即可

n, m, k = int(input()), 1, 1000000007
v = [0 for i in range(n + 1)]
p = [0 for i in range(n + 1)]
for i in range(2, n + 1):
    if not v[i]:
        p[0] += 1
        p[p[0]] = i
        t, j = 1, i
        while j <= n:
            t += n // j * 2
            j *= i
        m = m * t % k 
    for j in range(1, p[0] + 1):
        if i * p[j] > n:
            break
        v[i * p[j]] = 1
        if i % p[j] == 0:
            break
print ((m + 1) * pow(2, k - 2, k) % k)

 

51nod_1616 最小集合

这个题参考了博客

考虑 i 存在于原集合的条件

假设 i 的倍数 s = {a * i, b * i, c * i ... } 存在于输入给定的集合中

那么我们知道 d = gcd(a, b)，d * i 肯定是存在于原集合中的

那么必然存在 e = gcd(c, d)，e * i 也存在于原集合中

即 gcd(a, b, c ...) * i 必然存在于原集合中

因为 i 要存在于原集合中只能依靠 s 中的元素

又有gcd(s) >= 1 * i

所以当且仅当 gcd(s) == i 的时候

才有 i 存在于原集合

枚举 i 即可

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int N = 1e6 + 5; 

int n, m, k, b[N];

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin >> n;
    for (int x, i = 1; i <= n; i ++) {
        cin >> x, k = max(x, k);
        if (!b[x]) b[x] = 1, m ++; 
    }
    for (int i = 1; i <= k; i ++) 
        if (!b[i]) {
            int t = 0;
            for (int j = i << 1; j <= k; j += i)
                if (b[j])
                    t = __gcd(t, j);
            if (t == i) m ++;
        }
    cout << m;
    return 0;
}

 

51nod_1586 约数和

傻屌题目，考虑a[x] +y

那么对b的x, 2x,3x..产生贡献

那么对c的kx，容易发现贡献次数为f(k)，f(k)为k的因数个数

考虑到x是随机的，所以采用每次更新的时候O(n / x)更新

查询O(1)回答的话，期望每次更新次数是O(logn)的，成了

 

垃圾题目，c++ 提交的话，要开快读和快速输出...

visual c++提交的话，直接scanf + printf就成了...

#include <stdio.h>

const int N = 1e6 + 5; 

int n, m, a[N];

long long b[N];

int main() {
    int op, x, y;
    scanf("%d %d", &n, &m);
    for (int i = 1; i <= n; i ++)
        for (int j = i; j <= n; j += i)
            a[j] += 1;
    while (m --) {
        scanf("%d %d", &op, &x);
        if (op == 1) {
            scanf("%d", &y);
            for (int i = 1, j = x; j <= n; i ++, j += x) 
                b[j] += y * a[i];
        }
        else printf("%lld\n", b[x]);
    }
    return 0;
}