AtCoder Beginner Contest 269 （A-F）题解
A - Anyway Takahashi
这里我还是关了ll的 C开了忘了关 害的F多了一发罚时
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
//#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
void solve() {
int a,b,c,d;cin>>a>>b>>c>>d;
cout<<(a+b)*(c-d)<<endl;
cout<<"Takahashi"<<endl;
}
signed main(){
fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
B - Rectangle Detection
你敢信我这道题写了7分钟 原因竟然是我不会while（cin>>g[i])
我不知道他会不会停 然后我又爬罚时 还去acw开样例
思路就是我们只用维护第一个 和 最后一个的信息即可
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
//#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
void solve() {
string g[11];int n=0;
while(cin>>g[n])n++;
int y1,y2,x1,x2,flag=1;
for(int i=0;i<n;i++){
for(int j=0;j<g[i].size();j++){
if(g[i][j]=='#'&&flag){
flag=0;
x1=i,y1=j;
}
if(g[i][j]=='#'){
x2=i,y2=j;
}
}
}
cout<<x1+1<<' '<<x2+1<<endl;
cout<<y1+1<<' '<<y2+1<<endl;
}
signed main(){
fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
C - Submask
枚举即可 但是我用了状态压缩dp的那个来枚举 写的很快！
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
void solve() {
int n;cin>>n;
vector<int>v;
while(n){
v.push_back(n&-n);
n-=n&-n;
}
int x=v.size();
vector<int>ans;
for(int i=0;i<(1<<x);i++){
int now=0;
for(int j=0;j<x;j++){
if(i>>j&1){
now+=v[j];
}
}
ans.push_back(now);
}
sort(all(ans));
for(auto i:ans)cout<<i<<endl;
}
signed main(){
fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
D - Do use hexagon grid
把连通都贴你脸上了 就直接乱bfs就行了 有绝对值加个1000就行了 反正只输出连通块数量
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
int g[2010][2010],n;
int m=1000;
bool st[2010][2010];
int dx[6]={-1,-1,0,0,1,1},dy[6]={-1,0,-1,1,0,1};
void bfs(int x,int y){
for(int i=0;i<6;i++){
int nx=x+dx[i],ny=y+dy[i];
if(nx<0||nx>2000||ny<0||ny>2000)continue;
if(st[nx][ny]==0&&g[nx][ny]==1){
st[nx][ny]=1;
bfs(nx,ny);
}
}
}
void solve() {
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++){
int a,b;cin>>a>>b;
g[a+m][b+m]=1;
}
int ans=0;
for(int i=0;i<2010;i++){
for(int j=0;j<2010;j++){
if(st[i][j]==0&&g[i][j]==1){
st[i][j]=1;
bfs(i,j);
ans++;
}
}
}
cout<<ans<<endl;
}
signed main(){
fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
E - Last Rook
八皇后？？？
我们知道八皇后要是N个都占满的话 肯定是每行每列都不会出现重复的两个
提问20 N<1e3
哦 那直接对行列二分即可
最开始被交互题吓到了跳去看F了 但看了一下队友几分钟就过了 不然可能心态爆炸
最后也是忘记删调试信息wa了一发
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
int n;
bool check(int mid){
cout<<"? "<<1<<' '<<mid<<' '<<1<<' '<<n<<endl;
fflush(stdout);
int x;cin>>x;
if(x!=mid)return 1;
else return 0;
}
bool check1(int mid){
cout<<"? "<<1<<' '<<n<<' '<<1<<' '<<mid<<endl;
fflush(stdout);
int x;cin>>x;
if(x!=mid)return 1;
else return 0;
}
void solve() {
cin>>n;
int l=1,r=n;
while(l<r) {
int mid = l + r >> 1;
if (check(mid))r = mid;
else l = mid + 1;
}
int x=l;
l=1,r=n;
while(l<r) {
int mid = l + r >> 1;
if (check1(mid))r = mid;
else l = mid + 1;
}
int y=l;
cout<<"! "<<x<<' '<<y;
}
signed main(){
//fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
F - Numbered Checker
我们拿着这道题发现N范围1e9
我们考虑不了转移 只能O（1）计算 可能会想到的不优美的做法就是分别对ABCD的奇偶性进行一个分类讨论
会有八种情况 可做 但是并不好写
那我们考虑题干给出的（i-1）x M + j 好像这个M很可疑
我们考虑去掉M 得到和样例相关的图：
很牛逼吧 那我们考虑算一遍M的总和 再算一遍原来的值 就是左边图上的值
具体代码里有注释
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
const int M = 998244353;
const int mod = 998244353;
#define int long long
#define endl '\n'
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define YES cout<<"Yes"<<endl;
#define NO cout<<"No"<<endl;
#define _ 0
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define fast ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);
int n,m;
int calc_cnt(int l,int r,int k) { //计算区间[l,r]中 k（0 even/1 odd）的个数
if (k == 0) {
if (l % 2 == 0) return (r - l) / 2 + 1;
else return (r - l + 1) / 2;
} else {
if (l % 2 == 1) return (r - l) / 2 + 1;
else return (r - l + 1) / 2;
}
}
int get(int l,int r,int cnt) { //等差数列求和公式
return 1ll*(l+r)*cnt/2;
}
int calc_sum(int l,int r,int k) { //计算区间[l,r]中 k（0 even/1 odd）的sum
if (l == r && l % 2 == (k ^ 1)) return 0;
int st = l,ed = r;
if (l % 2 == (k ^ 1)) ++ st;
if (r % 2 == (k ^ 1)) -- ed;
return get(st,ed,calc_cnt(l,r,k));
}
void solve() {
cin >> n >> m;
int q;
cin >> q;
while (q--) {
int A, B, C, D;
cin >> A >> B >> C >> D;
int s1 = 0, s2 = 0;// s1表示我们M的sum s2表示我们原本的sum
for (int k = 0; k <= 1; ++k) {
int cur_sum = (calc_sum(A, B, k) % mod - calc_cnt(A, B, k) + mod) % mod;
cur_sum = 1ll * cur_sum * (calc_cnt(C, D, k) % mod) % mod;
//M的个数计算就是 M的sum-M的cnt 因为第一行没有
cur_sum = 1ll * cur_sum * m % mod;
s1 = (1ll * s1 + cur_sum) % mod;
cur_sum = (1ll * calc_sum(C, D, k) % mod);
cur_sum = 1ll * cur_sum * calc_cnt(A, B, k) % mod;
//原本左图的sum 就直接sum*cnt即可
s2 = (1ll * s2 + cur_sum) % mod;
}
cout << (s1 + s2) % mod << endl;
}
}
signed main(){
fast
int T;T=1;
while(T--) {
solve();
}
return ~~(0^_^0);
}
浙公网安备 33010602011771号