力扣-198-打家劫舍

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2022/10/28 重做

要求是不触发报警，即：对数组中的元素不相邻选中的情况下，能够获得的最大和

int rob(vector<int>& nums) {

	// 定义一个dp数组dp[i]代表截至i（包括）能够获得的最大金额
	// 对于任意nums[i]，如果这户要偷，则上一户一定不偷dp[i] = dp[i-2]+nums[i]
	// 如果这户不偷，dp[i] = dp[i-1]
	int n = nums.size();
	vector<int> dp(n + 1);
	// 照上面的看来我至少要初始化2个元素
	dp[0] = 0, dp[1] = nums[0];
	for (int i = 2; i <= n; i++) dp[i] = max(dp[i - 1], dp[i - 2] + nums[i-1]);
	return dp[n];
}

然后做空间优化，这里需要三个变量，然后这里循环也可以改一下，看着有点别扭

int rob(vector<int>& nums) {
	
	int prepre = 0, pre = nums[0], cur = nums[0];

	for (int i = 1; i < nums.size(); i++) {
		cur = max(pre, prepre + nums[i]);
		prepre = pre;
		pre = cur;
	}
	return cur;
}

我再想这个题有没有可能就是比奇数序列和偶数序列哪个大

int rob(vector<int>& nums) {
	
	int odd = 0,even = 0;
	for (int i = 0; i < nums.size(); i++) {
		if (i % 2) odd += nums[i];
		else even += nums[i];
	}

	return max(odd,even);
}

哈哈，好吧，不是这样的

思路

当我们打劫到一个房子i的时候，有两种选择

1. 不打劫这栋房子，那么总收益就是dp[i-1]，即打劫到上一栋房子的收益
2. 打劫这栋房子，同时有不能打劫相邻房子的限制，则总收益为：dp[i]+dp[i-2]

状态转移方程为：dp[i]=max(dp[i-1],input[i]+dp[i-2])

代码

class Solution {
public:
	int rob(vector<int>& nums) {
		// nums.length>=1，就是说一定不为空，否则就要判断
		int len = nums.size();
		// 分析初始值：如果只有1栋房子，那么最高收益一定就是nus[0]
		// if (len == 1) return nums[0];
        // 这句不需要，下面的代码能包含这种情况，但是或许能剪枝？跑一跑还是去掉效率高一点
		int pre1 = 0, pre2 = 0, cur;

		// 如果是第二栋，是第一栋与第二栋的最大值，就可以开始
		for (int i = 0; i < len; ++i) {
			// 这里<len主要影响的是nums的下标
			cur = max(pre1, pre2 + nums[i]);
			pre2 = pre1;
			pre1 = cur;
		}
		return cur;
	}
};

效率很不错