BZOJ1042 [HAOI2008]硬币购物

Description

  硬币购物一共有4种硬币。面值分别为c1,c2,c3,c4。某人去商店买东西,去了tot次。每次带di枚ci硬币,买s
i的价值的东西。请问每次有多少种付款方法。

Input

  第一行 c1,c2,c3,c4,tot 下面tot行 d1,d2,d3,d4,s,其中di,s<=100000,tot<=1000

Output

  每次的方法数

Sample Input

1 2 5 10 2
3 2 3 1 10
1000 2 2 2 900

Sample Output

4
27

题解

令$f_i$表示不限使用四种硬币时付i元的方案数(就是完全背包)。预处理$f_{0..100000}$。

询问时,利用容斥原理,答案等于不限使用硬币的方案数-有一种硬币必须使用$d_i$次以上的方案数+有两种硬币必须使用$d_i$次以上的方案数-有三种硬币必须使用$d_i$次以上的方案数+有四种硬币必须使用$d_i$次以上的方案数。

枚举哪几种硬币一定使用$d_i$枚以上,计算时由于一定使用至少$d_i+1$次,只需要将$s$减去$(d_i+1)*c+i$再求方案数。

每次需要询问16次,时间复杂度$O(16)$.

总时间复杂度$O(100000+16tot)$(在渐进意义上它是和$O(tot)$一样的,但在wys意义上不是)。

#include <cstdio>
typedef long long LL;
const int N = 100050;
LL f[N], c[4];
LL s, d[4];
LL calc(int S) {
  LL t = s;
  int sign = 1;
  for (int i = 0; i < 4; ++i)
    if ((S >> i) & 1) {
      t -= (d[i] + 1) * c[i];
      sign = -sign;
    }
  if (t < 0) return 0;
  return sign * f[t];
}
int main() {
  f[0] = 1;
  for (int i = 0; i < 4; ++i) {
    scanf("%lld", &c[i]);
    for (int j = c[i]; j < N; ++j)
      f[j] += f[j - c[i]];
  }
  int T;
  scanf("%d", &T);
  while (T--) {
    scanf("%lld%lld%lld%lld%lld", &d[0], &d[1], &d[2], &d[3], &s);
    LL ans = 0;
    for (int i = 0; i < 16; ++i) ans += calc(i);
    printf("%lld\n", ans);
  }
  return 0;
}

  

posted @ 2017-06-13 08:07  _rqy  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏