随笔分类 - OJ——Codeforces
摘要：Description Luogu传送门 Solution 先对物品按照品质从大到小排序，相同品质的按价格从小到大排序。 依次枚举每一个物品，考虑对于一个物品，其价格为 \(c\)，品质为 \(q\)： 拥有钱数小于 \(c\) 的人买不起，不用管。 拥有钱数大于等于 \(c\) 的人买得起，也必须
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摘要：Description Luogu传送门 Solution 并不需要复杂的 DS（ 考虑对于两个点 \(x,y\ (x < y)\)，什么情况下才能使它们都有贡献。 第一个条件： \[ a_x < a_y \] 这个比较显然吧，就不多说了。 第二个条件： \[ x - a_x \leq y - a_
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摘要：持续更新中~（尽量不咕） P1650 田忌赛马 有很明显的贪心思路，用田忌最烂的马去怼齐王最好的马。 由于田忌是有主动权的，所以我们直接让齐王从优到劣出马。 设计 \(dp\) 状态： 普通 \(dp\)： \(dp_{i, j}\) 表示齐王的前 \(i\) 匹马，对上了田忌的前 \(j\) 匹马
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摘要：Description Luogu传送门 Solution 神仙贪心题。 关于基础的反悔贪心，详见博客浅谈反悔贪心。 首先进行一些预处理，把物品从大到小排序，并按价值分组，即相同价值的放一起（能否白嫖只与比当前物品价值更大的物品有关）。 错误的贪心：能白嫖就白嫖（观察样例就知道显然是错误的）。 还是
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摘要：Description Luogu传送门 Solution 非常有意思的一道题。 看到回文子串，首先想到的 manacher 算法。emm……但是写了 manacher 之后怎么做呢？ 我们发现，求相交的回文子串非常麻烦，所以直接一波正难则反，用总的回文子串数减去不相交的。 接下来考虑如何求不相交的
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摘要：Description Luogu传送门 Codeforces传送门 题目翻译有一点问题，应该是问能否掉进终点。 Solution 考虑直接 dfs，蒟蒻第一遍写时，是先从搜到起点搜到终点，然后再从终点开始搜，判断能否搜回来，然而…… Time limit exceeded on test 14 然
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 感觉题解区的各位大佬代码都写麻烦了（sto @SGColin 学长 orz）。 还是并查集的做法，但是连边的时候直接连即可。 首先开 \(n\) 个 vector，假设当前要让联通快 \(x\) 和 \(y\) 相邻（\(x\) 和 \(y\)
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 看到 \(n\) 个点 \(n\) 条边，显然的基环树（可能是基环树森林），所以我们对于环上的点和非环上的点分别处理。 假设一共有 \(cnt\) 个环，每个环上有 \(d_i\) 个点，我们来分类讨论一下： 对于环上的点，我们发现只有两种情况会
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摘要：Description 洛谷传送门 输入格式 第 1 行两个整数 \(n\)，\(m\)，表示一个 \(n \times m\) 的矩阵。 第 2 行一个整数 \(k\)，表示有 \(k\) 个点已经被填上数。 第 \(3\) ~ \(k + 2\) 行，每行 3 个整数 \(a\)，\(b\)，\
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 看到最大值最小这样的字眼，自然想到二分答案。 我们二分所选边权的最大权值，那么比这个值大的边都不能反向，小于等于它的边都可以选择反向。 设当前二分到的权值为 \(mid\)，我们不用去管小于等于 \(mid\) 的边（总有方法让它形成不了环），所
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摘要：博客食用更佳 Description 洛谷传送门 题目描述 给出 \(n\) 个数据中心，\(m\) 份资料。要把 \(m\) 份资料放到其中的两个数据中心备份，需要保证任意时刻都可以至少在一个数据中心进行备份。定义一天有 \(h\) 个小时，每个数据中心在一天内有一小时维护时间 \(u_i\)（\
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 本题要不难想到要用线段树或树状数组之类的数据结构，但是题目要求在树上操作，我们该如何处理呢？ 首先我们要用到一个叫dfs序的概念。其实并不难，刚接触的同学不要被它吓到，它本质上就是一棵树的先序遍历，所谓先序遍历就是先遍历根，然后遍历左子节点，最后
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution emm……这是我为数不多的黑题之一，所以来写篇博客记录一下。 我们发现边权过大，只能用高精度来算，但是这样的复杂度太劣了，无法通过此题。 观察到边权只能是 \(2^x\)，所以我们可以给它压成二进制数，然后跑最短路时单点加。 我们再来考虑一下 \
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 首先吐槽一句：不知道这题是怎么评到紫的。 观察题意： 如果有一个检查站在 \(i\) 路口，保护 \(j\) 的条件是：\(i==j\) 或者警察巡逻车可以从 \(i\) 走到 \(j\)，并且能回到 \(i\)。 这不就是让我们求强连通分量吗？
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 似乎各种做法都可以过，这里提供一篇 \(dsu\ on\ tree\) （树上启发式合并）的题解。 不会的同学可以看我的博客 浅谈 dsu on tree 题目要求我们求出长度为 \(k\) 的路径有多少条。 那么我们可以开一个桶 \(cnt_x
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 注意到题目要求我们计算出最多能买多少个纪念品，所以容易想到二分。 我们二分最多能买多少个纪念品，把每个纪念品的实际花费计算出来，从小到大排个序，取出前 \(mid\) 个，判断花费是否合法即可。 Code #include <iostream>
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 一道非常友好毒瘤的贪心题。 前置：本文与题目中变量名不同，本文：有 \(n\) 个正整数，\(m\) 个操作，选 \(k\) 个。 题目中要求 3 种操作。 把 \(a_i\) 赋值为 \(b\); 把 \(a_i\) 加上 \(b\); 把 \
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摘要：Description 洛谷传送门 Solution 转移方程就是斐波那契数列求和，题目里也都给了。 矩阵也比较基础吧，不写了。 但是这道题需要用到线段树维护矩阵乘法。 听着挺吓人的，其实也没有多难。 我们首先建一棵矩阵类型的线段树。 然后 \(build\) 为初始输入的斐波那契数（即 \(f^{
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摘要：前置芝士 重链剖分（最好是熟练掌握） 莫队（大概了解即可，有一点相似的思想） dfs序（可有可无，主要是为了加速，其实我就没写过 \(QwQ\)） 主要思想 \(dsu\ on\ tree\) 又名树上启发式合并 （其实是非常暴力的一个东西。） 用途 可处理树上的一些统计类型的问题。 如： 求子树中
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