直线平面垂直的判定和性质
前言
思维导图
注意
完善三种语言:文字语言,图形语言,符号语言
以及变换场景的应用情形;
常识储备
(1)体对角线\(B'D\perp\)平面\(ACD'\)(如图1)
证明:令体对角线\(B'D\)和平面\(ACD'\)的交点是\(N\),由正四面体\(B'-ACD'\)可知,
\(N\)是三角形底面的中心,连接\(OD'\),则易知\(AC\perp BD\),\(AC\perp BB'\),故\(AC\perp B'D\),
同理\(AD'\perp B'D\),故体对角线\(B'D\perp\)平面\(ACD'\)。
(2)\(DN=\cfrac{1}{3}B'D\)(如图1,利用等体积法)
(3)平面\(ACD'//A'BC'\)(如图2)
(4)平面\(ACD'\)与平面\(A'BC'\)的间距是\(\cfrac{1}{3}B'D\),即体对角线的\(\cfrac{1}{3}\)(如图2)
(5)三棱锥\(B'-ACD'\)是正四面体。三棱锥\(D-ACD'\)是正三棱锥。
(6)如果需要将正四面体或者墙角型的正三棱锥恢复还原为正方体,我们可以先画出正方体,然后在里面找出需要的正四面体或者墙角型正三棱锥。
(7)圆内接正方形的中心就是圆心,正方形的对角线的长度就是圆的直径;球内接正方体的中心就是球心,正方体的体对角线的长度就是球的直径。
(8)正方形的棱长设为\(2a\),则正方形的内切圆半径为\(a\),正方形的外接圆半径为\(\sqrt{2}a\),三者的关系之比为\(2:1:\sqrt{2}\);
正方体的棱长设为\(2a\),则正方体的内切球半径为\(a\),正方体的外接球半径为\(\sqrt{3}a\),三者的关系之比为\(2:1:\sqrt{3}\);
(9)正三角形的棱长设为\(2a\),则正三角形的内切圆半径为\(\cfrac{\sqrt{3}}{3}a\),正三角形的外接圆半径为\(\cfrac{2\sqrt{3}}{3}a\),三者的关系之比为\(2\sqrt{3}:1:2\);
正四面体的棱长设为\(2a\),则正四面体的内切球半径为\(\cfrac{\sqrt{6 }}{6}a\),正四面体的外接球半径为\(\cfrac{\sqrt{6 }}{2}a\),三者的关系之比为\(2\sqrt{6}:1:3\);
判定难点
-
主从关系的转换,比如证明\(A_1F\perp DE\)不容易时,我们转而证明\(DE\perp A_1F\)可能很容易。山重水复疑无路,柳暗花明又一村。
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区分清楚判定定理和性质定理。
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垂直关系的相互转化
典例剖析
- 线线垂直
分析:由于题目中给定点\(O\)是下底面的中心,故我们想到也做出上底面的中心\(E\),如图所示,
当连结\(CE\)时,我们就很容易看出\(A_1O//CE\),以下做以说明;
由于\(OC//A_1E\),且\(OC=A_1E\),则可知\(A_1O//CE\),
又由于\(A_1O\not \subset 面B_1CD_1\),\(CE \subset 面B_1CD_1\),故\(A_1O//平面B_1CD_1\) ,故选\(C\),
此时,我们也能轻松的排除\(A\),\(B\),\(D\)三个选项是错误的。
- 线面垂直
(1)求证:\(EF\perp 平面BCG\)
分析提示:只要证明\(AD\perp 平面BCG\)
(2)求三棱锥\(D-BCG\)的体积。
分析:在平面\(ABC\)内,作\(AO\perp BC\),交\(CB\)延长线于\(O\),由平面\(ABC\perp BCD\),可知\(AO\perp 平面BDC\),
由\(G\)到平面\(BCD\)距离\(h\)是\(AO\)长度的一半,在\(\Delta AOB\)中,\(AO=AB\cdot sin60^{\circ}=\sqrt{3}\),
故\(V_{D-BCG}=V_{G-BCD}=\cfrac{1}{3}S_{\Delta DBC}\cdot h\)\(=\cfrac{1}{3}\cdot \cfrac{1}{2}\cdot BD\cdot BC\)\(\cdot sin120^{\circ}\cdot \cfrac{\sqrt{3}}{2}\)\(=\cfrac{1}{2}\)。
- 面面垂直
求证:(1)直线\(DE//\)平面\(A_1C_1F\). 详细分析过程
证明:因为\(D\)、\(E\)分别是\(AB\)、\(BC\)的中点,
则有 \(DE//AC//A_1C_1\), 故由
备注:关于线面位置的表示符号,已经变换过多次,转换为你所对应使用的版本即可;另外,这种书写形式的逻辑关系非常清晰,建议使用。倒过来就是分析,顺过去就是证明过程。
求证:(2) 平面 \(B_1DE\perp\) 平面 \(A_1C_1F\).
证明1: 结合题目的已知条件,可得
\(\left.\begin{array}{l}{A_1C_1\perp A_1B_1,已知}\\{A_1C_1\perp A_1A,由直三棱柱可知}\\{A_1A\subset 平面ABB_1A_1}\\{A_1B_1\subset 平面ABB_1A_1}\\{A_1B_1\cap A_1B=A_1}\end{array}\right\}\Rightarrow A_1C_1\perp 平面 ABB_1A_1\)
又由于 \(DE//A_1C_1\),则 \(DE\perp\) 平面 \(ABB_1A_1\),
又由于 \(A_1F\subset\) 平面 \(ABB_1A_1\),故 \(DE\perp A_1F\),即 \(A_1F\perp DE\),
\(\left.\begin{array}{l}{A_1F\perp B_1D,已知}\\{A_1F\perp DE,已证}\\{B_1D\subset 平面B_1DE}\\{DE\subset 平面B_1DE}\\{B_1D\cap DE=D}\end{array}\right\}\Rightarrow 直线 A_1F\perp平面 B_1DE\),
又由于 \(A_1F\subset\) 平面 \(A_1C_1F\),故 平面 \(B_1DE\perp\) 平面 \(A_1C_1F\).
证明2: 结合题目的已知条件,可得
\(\left.\begin{array}{l}{A_1C_1\perp A_1B_1,已知}\\{A_1C_1\perp A_1A,由直三棱柱可知}\\{A_1A\subset 平面ABB_1A_1}\\{A_1B_1\subset 平面ABB_1A_1}\\{A_1B_1\cap A_1B=A_1}\end{array}\right\}\Rightarrow A_1C_1\perp 平面 ABB_1A_1\)
又由于 \(DE//A_1C_1\),则 \(DE\perp\) 平面 \(ABB_1A_1\),
又由于 \(A_1F\subset\) 平面 \(ABB_1A_1\),故 \(DE\perp A_1F\),即 \(A_1F\perp DE\),
\(\left.\begin{array}{l}{A_1F\perp B_1D,已知}\\{A_1F\perp DE,已证}\\{B_1D\subset 平面B_1DE}\\{DE\subset 平面B_1DE}\\{B_1D\cap DE=D}\end{array}\right\}\Rightarrow 直线 A_1F\perp平面 B_1DE\),
又由于 \(A_1F\subset\) 平面 \(A_1C_1F\),故 平面 \(A_1C_1F\) \(\perp\) 平面 \(B_1DE\).
(1).求证:平面\(BEF\perp\)平面\(PCD\).
证明:因为\(E\)为\(CD\)的中点,\(CD=2AB\),则\(AB=DE\),又因为\(AB//CD\),所以四边形\(ABED\)为平行四边形。
又因为\(BC=BD\),\(E\)为\(CD\)的中点,故\(BE\perp CD\),则四边形\(ABED\)为矩形,则\(AB\perp AD\)。
又因为\(AB\perp PA\),\(PA\cap AD=A\),所以\(AB\perp 平面PAD\)。
又因为\(AB//CE\),所以\(CD\perp 平面PAD\),所以\(CD\perp PD\)。
又因为\(EF//PD\),所以\(CD\perp EF\)。又因为\(CD\perp BE\),所以\(CD\perp 平面BEF\)。所以平面\(PCD\perp 平面BEF\)。
(2).求直线\(PD\)与平面\(PBC\)所成角的正弦值。
待补充。