摘要：思路：枚举每个位置的最小字符，用最大匹配判断是否可行#include#include#include#include#include#define Maxn 1010using namespace std;int match[Maxn],vi[Maxn],num[Maxn],g[Maxn][Maxn],f[Maxn],ch[Maxn],n,le;void init(){ memset(match,-1,sizeof(match)); memset(vi,0,sizeof(vi)); memset(num,0,sizeof(num)); memset(g,0,sizeof... 阅读全文

摘要：思路：把所有涉及到的点按（x+y）的奇偶分成两部分点，对所有的1*2的骨牌，都有(x+y)为偶数的建到奇数的边。求一次最大匹配，就是答案。#include#include#include#include#include#define Maxn 2010using namespace std;int match[Maxn],map[Maxn][Maxn],vi[Maxn],ny,nx,graphic[Maxn][Maxn];struct Point{int x, y;}hori[Maxn],vert[Maxn];void init(){ memset(map,0,sizeof(map));... 阅读全文

摘要：思路：将所有的直线的两个端点和城市混在一起，将能直接到达的两个点连线，求一次floyd最短路径。二分枚举bag容量，然后按给的要先后占领的城市由前向后，把能到一步到达的建一条边。然后求一次最小路径覆盖，就是最少需要多少个士兵才能全部占领，跟给出的p值进行比较。#include#include#include#include#include#define Maxn 510#define Maxm Maxn*Maxn#define eps 1e-6#define inf 100000000using namespace std;int match[Maxn],vi[Maxn],graphic[Ma 阅读全文

摘要：思路：将ant与tree之间用距离来做权值，求最小权匹配就可以了。可以想到，如果有两条线段相交，那么将这两个线段交换一个顶点，使其不相交，其权值和一定会更小。就像斜边永远比直角边长一样的道理。#include#include#include#include#include#define Maxn 110#define Eps 0.000001using namespace std;int sx[Maxn],sy[Maxn],match[Maxn],n;double lx[Maxn],ly[Maxn],weight[Maxn][Maxn],slack[Maxn];struct Point{ .. 阅读全文

摘要：就是最基本的二分图最优匹配，将每个人向每个房子建一条边，权值就是他们manhattan距离。然后对所有权值取反，求一次最大二分图最优匹配，在将结果取反就行了。#include#include#include#include#define Maxn 110using namespace std;int n;//点的数目int lx[Maxn],ly[Maxn]; //顶点标号int weight[Maxn][Maxn];// 边的权值int slack[Maxn];// Y(i)的松弛函数int sx[Maxn],sy[Maxn]; //标记X,Y中的顶点是否在交错路径上int match[Ma 阅读全文

摘要：题意：会给出M个串，我们要做的就是将这M个串给清除了。对于任意两个串，若二进制形式只有一位不一样，那么这两个串可以在一次操作消除，否则每个操作只能消除一个串。3 3*01100011可以代表的串是001101100011那么我们可以先用 10*把 101 和 100 消除了，再用 0*1把001 和 011 消除了。故操作次数为 2。解题思路：我们可以将所有的串先化为整数，并去重。然后对二进制形式只有一位不一样的两个数，我们由含有偶数个1的数向含有奇数个1的数连边，这样就确保了一定是二分图，因为不存在同含奇数个1或同含偶数个1 的数只相差一位。最后进行求最大匹配，既是我们可以省去的操作数。所以 阅读全文

摘要：思路：如果我们将认识的建边，求最大独立集就是互相不认识的人数。那么我们反过来，将不认识的建图，求最大独立集就是互相认识的人数。#include#include#include#include#define Maxn 210int graphic[Maxn][Maxn],vi[Maxn],match[Maxn],n,m;int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=m;i++) { if(!vi[i]&&graphic[u][i]) { vi[i]=1; if(match[i]==-1... 阅读全文

摘要：思路：由(i+j)为偶数的点向(i+j)为奇数的点建边。求一次最大匹配，若正好为空格数(不包含洞)的一半，即输出YES。#include#include#include#include#define Maxn 1101using namespace std;int n,m,vi[Maxn],match[Maxn],graphic[Maxn][Maxn],map[40][40],N[Maxn],M[Maxn],x,y;int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=y;i++) { if(!vi[M[i]]&&graphic[u][M[i]])... 阅读全文

摘要：就是最简单的最大匹配，没的说#include#include#include#include#define Maxn 310using namespace std;int n,m,vi[Maxn],match[Maxn],graphic[Maxn][Maxn];int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=m;i++) { if(!vi[i]&&graphic[u][i]) { vi[i]=1; if(match[i]==-1||dfs(match[i])) {... 阅读全文