BZOJ 3439: Kpm的MC密码

...（裸trie+主席树 想写离线的  结果维护前面个数特判-1的时候考虑不清 ...维护下后缀和就ojbk了 ......还是太年轻

3439: Kpm的MC密码

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Description

 背景

    想Kpm当年为了防止别人随便进入他的MC，给他的PC设了各种奇怪的密码和验证问题（不要问我他是怎么设的。。。），于是乎，他现在理所当然地忘记了密码，只能来解答那些神奇的身份验证问题了。。。

 描述

    Kpm当年设下的问题是这样的：

    现在定义这么一个概念，如果字符串s是字符串c的一个后缀，那么我们称c是s的一个kpm串。

    系统将随机生成n个由a…z组成的字符串，由1…n编号（s1,s2…,sn），然后将它们按序告诉你，接下来会给你n个数字，分别为k1…kn，对于每一个ki，要求你求出列出的n个字符串中所有是si的kpm串的字符串的编号中第ki小的数，如果不存在第ki小的数，则用-1代替。（比如说给出的字符串是cd,abcd,bcd,此时k1=2，那么”cd”的kpm串有”cd”,”abcd”,”bcd”,编号分别为1,2,3其中第2小的编号就是2）（PS：如果你能在相当快的时间里回答完所有n个ki的查询，那么你就可以成功帮kpm进入MC啦~~）

Input

 

    第一行一个整数 n 表示字符串的数目

    接下来第二行到n+1行总共n行，每行包括一个字符串，第i+1行的字符串表示编号为i的字符串

    接下来包括n行，每行包括一个整数ki，意义如上题所示

 

Output

 

    包括n行，第i行包括一个整数，表示所有是si的kpm串的字符串的编号中第ki小的数

 

Sample Input

3
cd
abcd
bcd
2
3
1

Sample Output

2
-1
2

样例解释

“cd”的kpm 串有”cd”,”abcd”,”bcd”,编号为1,2,3，第2小的编号是

2，”abcd”的kpm串只有一个，所以第3小的编号不存在，”bcd”的kpm

串有”abcd”,”bcd”,第1小的编号就是2。

数据范围与约定

设所有字符串的总长度为len


对于100%的数据，1<=n<=100000,0<len<=300000

#include <bits/stdc++.h>
#define N 100005
using namespace std;
int read(){
    int x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
    return f*x;
}
typedef struct node{
    int a[26],sum;
    vector<int>v_;
}node;
node d[N<<2];
int cnt,root;
int csh(){
    cnt++;d[cnt].sum=0;
    for(int i=0;i<26;i++) d[cnt].a[i]=0;
    return cnt;
}
void insert(char s[],int tt){
    int len=strlen(s);int temp=root;
    for(int i=len-1;i>=0;i--){
        int t=s[i]-'a';
        if(d[temp].a[t]==0){
            d[temp].a[t]=csh();
        }
        temp=d[temp].a[t];
        if(i==0) d[temp].v_.push_back(tt);
    }
}
int fp[N],cnt1;
void dfs1(int x){
    if(d[x].v_.size()!=0){
        fp[++cnt1]=x;d[x].sum=1;
    }
    for(int i=0;i<26;i++){
        if(d[x].a[i]!=0){
            dfs1(d[x].a[i]);
            d[x].sum+=d[d[x].a[i]].sum;
        }
    }
}
typedef struct List{
    int l,r,sum;
}List;
int rt[N],cnt2;
List dd[50*N];
void update(int &x,int y,int l,int r,int t){
    cnt2++;x=cnt2;dd[x]=dd[y];dd[x].sum++;
    if(l==r) return ;
    int mid=(l+r)>>1;
    if(t<=mid) update(dd[x].l,dd[y].l,l,mid,t);
    else update(dd[x].r,dd[y].r,mid+1,r,t);
}
int ans;
void querty(int x,int y,int l,int r,int k){
    if(l==r){
        ans=l;return ;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    if(dd[dd[y].l].sum-dd[dd[x].l].sum>=k) querty(dd[x].l,dd[y].l,l,mid,k);
    else querty(dd[x].r,dd[y].r,mid+1,r,k-(dd[dd[y].l].sum-dd[dd[x].l].sum));
}
char str[N];
int ans1[N],que[N];
int sum1[N];
int main(){
    int n;scanf("%d",&n);
    cnt2=cnt1=cnt=0;
    root=csh();
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf(" %s",str);
        insert(str,i);
    }
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&que[i]);
    dfs1(root);int u=0;
    sum1[0]=0;
    for(int i=cnt1;i>=1;i--){
        u++;
        sum1[u]=sum1[u-1]+d[fp[i]].v_.size();
    }
    u=0;
    for(int i=cnt1;i>=1;i--){
        u++;
        for(int j=0;j<d[fp[i]].v_.size();j++){
            if(j==0) update(rt[u],rt[u-1],1,n,d[fp[i]].v_[j]);
            else update(rt[u],rt[u],1,n,d[fp[i]].v_[j]);
        }
        for(int j=0;j<d[fp[i]].v_.size();j++){
            int tt=d[fp[i]].v_[j];
            if(que[tt]>sum1[u]-sum1[u-d[fp[i]].sum]) ans1[tt]=-1;
            else{
                querty(rt[u-d[fp[i]].sum],rt[u],1,n,que[tt]);
                ans1[tt]=ans;
            }
        }
    }
    for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d\n",ans1[i]);
    return 0;
}