摘要： 题意：s*s的正方形上有n个点，求一个圆将它们覆盖但不超出正方形，要求圆的x坐标尽可能小，其次y坐标尽可能小。题解：数据范围太小，直接暴力。View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 int po[60][2]; 6 int s,n; 7 bool solve(int x,int y) 8 { 9 int len=min(min(x,y),min(s-x,s-y));10 len=len*len;11 for(i 阅读全文

摘要： 题意：给出矩阵A[N,P],B[P,M],C[N,M]，判断A*B是否等于C，如果不等，题目会保证只有一个位置是错的，要求输出这个位置以及它应该是什么。题解：对于矩阵乘法判等的问题，若是直接模拟一般都会超时。我们可以借助向量，这道题就用随机两个向量X[1,N]，Y[M,1]，然后X*A*B=x[1,M],X*C=x[1,M]，判断两个x是不是相同，同理判断A*B*Y与C*Y的y是不是相等，都相等那就是正确的，否则，看x的哪个不等，代表这第几列错了，y的代表着第几行错了，最后在直接算一下这一行这一列该等于什么就行了。View Code 1 #include<cstdio> 2 #in 阅读全文

摘要： 题意：给定区间[n,m]和d求一个排列使得连续的小于等于d且大于1长度的序列之和为合数。题解：dfs+剪枝即可View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 const int mr=10050; 6 bool notp[mr]; 7 int pr[mr]; 8 int pn; 9 void getpri()//筛素数10 {11 memset(notp,0,sizeof(notp));12 pn=0;13 for( 阅读全文

摘要： 题意：一台机器要按照顺序完成n个任务，每个任务都有一个代价f和需要时间t。机器完成任务的方式是分批处理，对于每一批任务需要首先预处理s时间，同批任务中所有单个任务都是同时完成，代价为完成的时刻乘以各自的代价。求最小代价。题解：类似于四边形不等式的dp。 1、分批考虑情况太多，可以先将问题转化。每个任务对对最后代价的贡献实际上等于它及它以后的f之和乘以它的时间t，即后面的任务都要为它等上t的时间，会多花f*t的代价。 2、找i的决策点的方法即min(dp[p]+(st[i]-st[p]+s)*sf[i])，st[i]为>=i的时间总和，sf[i]为大于等于i的代价总和，若两个决策点，j.. 阅读全文

摘要： 题意：人从1开始走，p的概率走1步，1-p的概率走2步，求踩雷的概率。题解：走到第i位置的概率为f[i]=p*f[i-1]+(1-p)*(f[i-2]),利用矩阵快速幂可迅速求出f[i]。考虑成功通过第i个的雷的概率，应该等于没有踩中前(i-1)个雷的概率乘以没有踩中i的概率，而如果没有踩到i-1这颗雷，人必定是从mine[i-1]+1过来的，于是又变成和原来一样的解情况。考虑从1出发顺利通过位于x处的雷的概率，就应该等于一减去踩到x这个位置的概率，而踩到x的概率应该等于f[x]，于是，得解。View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cs 阅读全文

摘要： 题意&题解：水，不想说了。View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 int po[201000][2]; 6 int main() 7 { 8 int n; 9 while(scanf("%d",&n),n)10 {11 int x,y,m;12 m=(n+1)/2;13 for(int i=1;i<=n;i++)14 scanf("%d%d",&a 阅读全文

摘要： 题意：把矩阵n*n中所有的0改成它最接近的正数，若有两个及以上都满足，则不变。题解：bfs每个0View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 const int N=50000; 6 int map[300][300],ans[300][300]; 7 int po[N][2]; 8 int stk[N][3]; 9 int dr[][2]={0,1,0,-1,1,0,-1,0};10 bool mark[300] 阅读全文

摘要： 题意：人走迷宫，起点S，终点G，A/B/C/D/E为门，要开A必须集齐地图上所有的a，依次类推，问最后能否到G。题解：从起点出发，dfs所有能到的点，其中，遇到门但没凑够钥匙就将该点标记，代表能到它，遇到钥匙就将还需要凑的钥匙减一。然后每次dfs一遍后，查看所有的被标记了的门，如果钥匙够了就从该点出发再进行一次dfs。View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 #include<cctype> 5 using namespace std; 6 i 阅读全文

摘要： 题意：给n个圆柱作为底，往上面放圆柱，要求每一层上面的一定比这层的圆柱数少，另外，放的位置不同也要算新的一种，问总共有多少种。题解：通过暴力打表可以看出，要求的g(n)就等于f(2*n-1)，其中，f(i)是斐波拉契数列第i项，其次，这题坑爹的有100万组样例，log（n）直接求都会超时。所以，只能先找循环节，随便写个暴力程序求出循环节75000，然后就顺理成章了。View Code 1 #include<cstring> 2 #include<cstdio> 3 #include<set> 4 #include<algorithm> 5 usi 阅读全文

摘要： 题意：求n个五维向量的曼哈顿距离。题解：设点i的坐标为(Xi,Yi,Zi,Wi,Ti)，那么它与j的曼哈顿距离为|Xi-Xj|+|Yi-Yj|+|Zi-Zj|+|Wi-Wj|+|Ti-Tj|，去掉绝对值后，可能要取反或者不取，可以看出，若把所有情况全部考虑，答案结果有2^5种，但是由于本来是有绝对值的，可能某个本来是正数的值取了反，某个负数有没有取，但这样肯定只能使原数变小，所以我们要的结果实际上是2^5中最大的那个。 去掉绝对值后，原始变为?(Xi-Xj)+?(Yi-Yj)+?(Zi-Zj)+?(Wi-Wj)+?(Ti-Tj)，问号即为需要枚举的那个，但如果这样直接去算，会是2^5*n... 阅读全文