AtCoder ABC 367题解
前言
本题解部分思路来自于网络，仅供参考。
A - Shout Everyday
题目大意
给定 Takahashi 每天的睡觉时间和起床时间，求 Takahashi 在 \(A\) 时是睡着的还是清醒的。
解题思路
根据题意模拟即可。
code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
int a,b,c;
cin >> a >> b >> c;
if(b >= c) { //如果睡到了第二天
c += 24;
}
if((b <= a && a <= c) | (b <= a + 24 && a + 24 <= c)) {
printf("No\n");
} else {
printf("Yes\n");
}
return 0;
}
B - Cut .0
题目大意
给定一个有三位小数的浮点数，输出这个浮点数去除多余的 \(0\) 和小数点后的数。
解题思路
直接输入这个数再输出即可。
code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
double x;
scanf("%lf", &x);
printf("%g\n", x);
return 0;
}
C - Enumerate Sequences
题目大意
给定一个序列 \(R\) ，按字典序所有长度为 \(K\) 的，满足以下两个条件的数列：
- 数列的第 \(i\) 个元素在 \([1,R_i]\) 之间。
- 数列和是 \(K\) 的倍数。
解题思路
直接用dfs枚举即可。
code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int r[15];
int ans[15];
int n, k;
void print() {
for (int i = 1; i <= n; i++) {
printf("%d ", ans[i]);
}
puts("");
}
void dfs(int ind, int sum) {
if (ind == n + 1) {
if (sum % k == 0) {
print();
}
return;
}
for (int i = 1; i <= r[ind]; i++) {
ans[ind] = i;
dfs(ind + 1, sum + i);
}
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &k);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", r + i);
}
dfs(1, 0);
return 0;
}
D - Pedometer
题目大意
给出湖边 \(N\) 个休息区中从一个休息区顺时针走到下一个休息区需要走的步数，求满足休息区 \(s\) 顺时针走到休息区 \(t\) 需要走的步数为 \(M\) 的倍数，\((s,t)\) 对的个数。
解题思路
因为湖边 \(N\) 个休息区在一个环上，考虑把输入的数组复制一遍，即把 \([2,1,4,3]\) 变成 \([2,1,4,3,2,1,4,3]\) 。
为了快速求出两个休息区之间的距离，我们对复制过后的数组做前缀和，前缀和过后得到数组 \(s\) 。
为了快速得出哪些区间的区间和是 \(M\) 的倍数，我们进行分析。如果区间 \([i,j]\) 的区间和是 \(M\) 的倍数，即 \((s_j - s_{i - 1})\bmod M=0\) ，则：
所以，当 \(s_j \equiv s_{i - 1} \pmod{M}\) 时，区间 \([i,j]\) 的区间和为 \(M\) 的倍数。为了得出与 \(s_i\) 同模的数，我们维护一个 \(map\) ，\(map[i]\) 表示有多少个 \(s_j\) 满足 \(s_j \bmod M = i\) 。每处理一个 \(s_i\) ，答案就增加 \(map[s_i \bmod M]\) ，并把 \(s_i\) 加入 \(map\) 。为了保证不会出现自己走到自己的情况，还需要弹出 \(s_{i - N + 1}\) 。
code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[400005];
int main() {
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", a + i);
a[i + n] = a[i];
}
for (int i = 1; i <= 2 * n; i++) {
a[i] += a[i - 1];
a[i] %= m;
}
unordered_map<int, int> cnt;
long long res = 0;
for (int i = 2; i <= n; i++) cnt[a[i]]++;
for (int i = n + 1; i <= 2 * n; i++) {
res += cnt[a[i]];
cnt[a[i]]++;
cnt[a[i - n + 1]]--;
}
printf("%lld\n", res);
return 0;
}
E - Permute K times
题目大意
给定两个数组 \(A\) 和 \(X\) ，一个整数 \(K\) ，求 \(A\) 在进行了 \(K\) 次操作
以后变成了什么。
解题思路
这道题可以看作一道图论题。
\(A\) 数组的每一位可以看作图的节点，\(X\) 数组的每一位可以看作图的边。
下面是由输入数据：
7 3
5 2 6 3 1 4 6
1 2 3 5 7 9 1
生成的图：
而每一次操作都可以看作是点在图上的运动。
为了快速求出每一个点在运动了 \(K\) 步后到了哪里，我们维护一个倍增数组 \(x[i][j]\) 表示哪一个节点走了 \(2^j\) 步后到了第 \(i\) 位。在处理第 \(i\) 个位置时，定义一个变量 \(p\) ，遍历 \(K\) 的每一个二进制位，如果 \(K\) 的二进制第 \(j\) 位为 \(1\) ，则 \(p\) 移动到第 \(x[i][j]\) 位上，最后把 \(p\) 节点移动到第 \(i\) 位上。
code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[200005];
int x[200005][64];
int main() {
int n;
long long k;
scanf("%d%lld", &n, &k);
for (int i = 1, t; i <= n; i++) {
scanf("%d", &t);
x[i][0] = t;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", a + i);
}
for (int i = 1; i <= 60; i++) {
for (int j = 1; j <= n; j++) {
x[j][i] = x[x[j][i - 1]][i - 1];
}
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
int p = i;
for (int j = 60; j >= 0; j--) {
if (k >> j & 1) p = x[p][j];
}
printf("%d ", a[p]);
}
puts("");
return 0;
}
F - Rearrange Query
题目大意
给定两个数组 \(A\) 和 \(B\) ，对于每一次询问 \(l_i,\ r_i,\ L_i,\ R_i\) ，回答可不可以通过排列 \(A[l_i...r_i]\) 使得 \(A[l_i...r_i] = B[L_i...R_i]\) 。
解题思路
这道题先求出每一个数的哈希，再对这些哈希求前缀和以求出区间的哈希。对于每一次询问，如果两个区间哈希值相同就输出 Yes 否则输出 No 。
code
#include <bits/stdc++.h>
#define MOD 156876589475701
#define MAX_N 200005
using namespace std;
int a[MAX_N], h[MAX_N], b[MAX_N], ph1[MAX_N], ph2[MAX_N];
int main() {
int n, q;
scanf("%d%d", &n, &q);
mt19937_64 mt(time(0));
for (int i = 1; i <= n; i++) {
h[i] = mt();
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", a + i);
ph1[i] = (h[a[i]] + ph1[i - 1]) % MOD;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", b + i);
ph2[i] = (h[b[i]] + ph2[i - 1]) % MOD;
}
int l, r, L, R;
while (q--) {
scanf("%d%d%d%d", &l, &r, &L, &R);
if (ph1[r] - ph1[l - 1] == ph2[R] - ph2[L - 1]) {
puts("Yes");
} else {
puts("No");
}
}
return 0;
}
浙公网安备 33010602011771号