随笔分类 - Acm
摘要：#include #include #include using namespace std; const int maxn = 32; const int INF = 99999999; int map[maxn][maxn],n,m,dis[maxn][maxn]; int max(int x,int y) { return x>y?x:y; } int floyd() { ...
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摘要：#include #include #include #include #include #include using namespace std; struct node { char s[60]; int v; int flag; int cou; }a[300]; bool cmp(node fa,node fb) { if(fa.v!=fb.v) ...
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摘要：因为行可以了，那列就不行，所以根据行列建立最小割模型。 然后这题精妙之处在于把乘法取对数后转化为加法，瞬间就简单了。 保证精度，C++AC ,16MS G++WA。
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摘要：最大流之后S集合与T集合不在相连，即s不能到达T中的点。 对于同一个模块，Ai,Bi,Ai与源点相连，Bi与汇点相连。不同CPU间消耗的模块，相连。 由于最后模块只能在一个CPU中运行，所以要么与源点相连，要么与汇点相连，所以可看做最小割模型。 我原来的Dinic模板，不是多路增广，所以超时。然后向
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摘要：对于欧拉回路，先判断出度入度的差是否为偶数，然后最大流一次。 此题是判断有无欧拉通路，前提要判断图是否连通，然后欧拉通路的条件:要么出入度差没有奇数，或者只有2个点。 所以先统计差为奇数的个数，如果不为0或2，不可能。然后如果为2，表示可能使欧拉路，所以此时可以将这两个点相连，类似添加一条无向边。然
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摘要：欧拉路：经过所有路有且仅有1次，可以路过所有的点。 无向图: 图连通，所有点都是偶数度，或者只有两个点是奇数度。当所有点是偶数度时欧拉路起点可以是任意点；当有两个奇数度点时起点必须是奇数度点。 有向图: 图连通，所有点出度=入度，或者有一个点入度-出度=1，有一个点出度-入度=1。同样，当所有点出度
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摘要：RMQ预处理最大值，最小值，然后对于每一点，二分可能满足的区间长度，长度-1就是该店开始的区间满足的个数。
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摘要：题意:F块草坪，上面有n头牛，可以容纳m个牛遮雨。将草坪一份为2，成为二部图。 对于此题，和poj2112很像，只是2112很明显的二部图。这道题就开始敲，但是建图遇到问题，草坪的2个值怎么处理，于是将1个草坪分成2分，一份与源点相连，值为牛的个数， 另一份与汇点相连表示可以留下多少牛，由于是一个草
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摘要：多源多汇。 比较明显的建图。对于电器，可以从源点与各个电器相连，容量为1，表示这个电器有1个，然后对于各种接头，那可以各个接头与汇点相连，容量为1，表示每个接头只能用一次。 然后对于能够相互转换的接头，其容量为无穷，文中写到转换器可以无穷使用。然后对于电器和其使用的接头，相连，容量为1表示该电器使用
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摘要：我用Dinic写的。G++ 1800ms 很慢，c++直接超时。优化后的 141ms，很快！ 对于此题，建图方法很巧妙，通常想到求距离，那就会朝距离的方向建图，但是这题根据牛个数来建图，然后二分距离。 先求出任意点之间的最短距离。对于挤奶器，牛，很明显的分为2部分。挤奶器的牛来自牛这部分。先另外设源
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摘要：#include #include #include #define MAXN 1010 using namespace std; int map[MAXN][MAXN],n,dis[MAXN]; int min(int x,int y) {return xq; memset(dis,-1,sizeof(dis)); dis[1]=0; q.push(1); wh...
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摘要：Dinic算法: 层次图:根据源点到该点的距离建图，这里设相邻的都差1。 （下面部分转） 在这幅图中我们首先要增广1->2->4->6,这时可以获得一个容量为2的流,但是如果不建立4->2反向弧的话,则无法进一步增广,最终答案为2,显然是不对的,然而如果建立了反向弧4->2,则第二次能进行1->3-
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摘要：RMQ即求区间(i,j)的最值。通过O(nlogn)处理，O(1)给出答案。 RMQ主要是动态规划来做。dp[i][j]表示从i开始的长为2^j的区间最值。 那么可以得到dp[i][j]=max(dp[i][j-1],dp[i+(1<<(j-1))][j-1]); dp[i][j]，这个区间可以分为
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摘要：对于每次询问的大的值，都是从小的值开始的，那就从小到大处理，省去很多时间，并且秩序遍历一遍m; 这题cin容易超时，scanf明显快很多很多。G++又比C++快;
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摘要：先dfs对度小于2的删边，知道不能删为止。 然后通过并查集来计算每一个分量里面几个元素。
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摘要：#include #include #define lson l,m,rty?x:y; } void PushUp(int rt) { sum[rt]=max(sum[rt=r) { return sum[rt]; } int ret=-9999999; int m=(l + r)/2; if(m = R) { ...
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摘要：wa从一点到晚上11点没停过，也不知道为什么错，第二天换了个思路做，终于过了。这题还是有点问题的，数据有点水，我看到有人贴的代码baabbaab这组数据是4 0，明显错的，但是却可以过。 下面的是我第一次写的代码，也不知道到底哪里错了，能想到的样例都过了。 正的直接后缀数组求出即可。反着的我还用he
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