A,B 模拟
C （交了2次才过，略微麻烦） 先找性质：树、从点u开始，则初离u距离为1的点+1，其它点均+2
然后大力分类讨论，
1.若只有1个最大值，显然从它开始，再看一看次大值是否会影响答案；
2.若>=2个最大值(=mx)，显然答案至于最大值有关，答案为mx+1当且仅当所有最大值的点到某一个点的距离<=1
连成一张菊花图？ 一开始就WA在这里，事实上可能是空心的菊花！然后枚举每一个点走一走，判一下。O(n)
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其实直接枚举每个点，用Multiset搞一搞就O(n log n)过了啊。我好像写复杂了mmp
D 多源点BFS（根本想不到）
题意:n个点的树,k个为黑色,law:任意点距离d内都有黑点,n,k,d<=3e5,问满足law条件下,最多能删除多少条边,使得剩下的森林仍然满足law,并输出删除的边?
由于是树,每删除一条边 都增加一个联通分量,无论d是多少,每个联通分量内都要有一个黑点,所以删除的边不会超过k-1.
一开始已经满足law,任意点到黑点的最短距离<=d.
可以构造k个合法的联通分量:对每个点u,把它加入到和它最近的黑点的联通分量中,黑点距离自己为0,同一个联通分量只有一个黑点,
则每个联通分量中的点到黑点距离都为最短距离<=d
对所有黑点同时进行bfs,u->v,若v已经被某个黑点访问过,则v,u的最小距离黑点不是同一个,u-v可以删除
//为什么可以这么做呢、、 大概就是因为一开始law就满足，只需要求出每个点最近的station，而这可以bfs得到。最后得到一些连通块，任一块只有1个station。
==> 最后割的边数==K-1
E (dp) 开始想错了，如在A中cheat了[1,3]，此时若再在B中[1,3]仍可能有收益。
我们可以用dp[i][j][x][y]来表示前i道题目使用了j次机会，其中person1还可以偷看连续的x道题目，peison2 y道题目。（过去某一题开始偷看，持续到现在，并仍将不断进行）
思路：转移是对于每一道题来，而不是偷看一次转移一下
方程：每一道题开始：看1，看2，都不看（都看是不必考虑的，显然没有分开看优秀）。
O(n*p*k^2) 根据p，k的关系，转化为O(n^2*k); 然后滚动一下数组
这道DP调了好久，细节还是挺多的，感觉放NOIP里我还是会afraid。 1.不可行的状态初始成-inf；每次滚动完也要memset 2.rep(j,0,p)枚举次数！勿忘边界，不要漏。思考清楚。
