[LuoguP1221]最多因子数

[Luogu1221]最多因子数（Link）

求区间[L，R]内约数个数最多的数和它的约数个数。

这个题吧，乍一看确实不是很难，然后稍微一想，嗯，是个傻*题。这是唯一感受，不要问我为什么。

首先我们定义一个函数\(F(X)\)表示\(X\)的约数个数。题目要求求出\([L,R]\)中的\(F(X)max\)和这个数。首先最基本我们要知道每一个数\(Data[i]\)都一个基本性质：

\(Data[i] = Prime_1^{M_1} \times Prime_2^{M_2} \times ... \times Prime_N^{M_N}\)，语言表示就是任意i一个数都可以分解成多个质数的若干次方的乘积，稍微搞一搞我们得到\(F(X) = (M_1 + 1) \times (M_2 + 1) \times ...\times (M_N + 1)\)。

由此将搜索的过程由质因数分解转化为了质因数相乘，则搜索的时候只需要搜索质因数就可以了，然后记录质因数的个数即可。当然，单纯这样搞是会\(T\)掉的，下面数一下剪枝：

1. 按照递增顺序搜索每一个质数。
2. 枚举质数的指数。如果当前枚举的质数算上指数的乘积为\(X\)，下一次枚举的时候指数为\(Y\)，如果\(X \times Y > R\)，超过了区间的右端点，直接\(return​\)。这个是很显而易见的。
3. 如果当前的质数算上指数的乘积在\([L, R]\)之间，那么代表它有可能更新答案，而\(R - L < X\)的时候，我们也直接\(return\)，因为下一次搜索一定搜不到\([L, R]\)之间的数，所以zhi直接跳出。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std ;
typedef long long LL ;
const int MAXN = 500010 ;
const int MAXM = 40000 ;
int L, R, Ans, Max, Prime[MAXN] ;
bool NotP[MAXN] ; int Tot ;

inline void Dfs(LL H, LL N, LL Now) {
	if (H > Tot || N > R) return ;
	int K = (int)(log(R / double(N)) / log(double(Prime[H]))) ;
	if (Now * (1 << K) < Ans) return ;
	if (N >= L && (Now > Ans || (Now == Ans && N < Max))) 
		Ans = Now, Max = N ;
	LL X = 1 ;
	for (int i = 1 ; i <= K ; i ++) X *= Prime[H] ;
	for (int i = K + 1 ; i >= 1 ; i --) {
		Dfs(H + 1, N * X, Now * i) ;
		X /= Prime[H] ;
	}	return ;
}

int main() {
	scanf("%d %d", & L, & R) ;
	if (L == R && L == 1) {
		printf("Between %d and %d, 1 has a maximum of 1 divisors.\n", L, R);
		return 0 ;
	}
	for (int i = 2 ; i <= MAXM ; i ++) {
		if (! NotP[i]) {
			Prime[++ Tot] = i ; 
			for (int j = i << 1 ; j <= MAXM ; j += i) 
				NotP[j] = true ;
		}
	}
	if (R - L <= 10000) {
		for (int i = L ; i <= R ; i ++) {
			int T = 2 ;
			for (int j = 2 ; j * j <= i ; j ++) {
				if (j * j == i) T ++ ;
				else if (i % j == 0) T += 2 ;
			}	if (T > Ans) Ans = T, Max = i ;
		}
	}
	else Dfs(1, 1, 1) ;
	printf("Between %d and %d, %d has a maximum of %d divisors.\n", L, R, Max,Ans);
	return 0 ;
}