UOJ#76. 【UR #6】懒癌 [思维]
不太会做的题就通通打上[思维]标签!
这里给出一个很不严谨,很不优美,跑得很慢,险些暴毙的做法。不过也可能和正解等价?
思路
先从完全图出发,容易发现完全图的时候有几条狗就要等几轮。
考虑用一个比较正常的方法描述推导懒狗的过程。
我的想法是这样的:维护一个集合 \(S\) ,表示知道 \(S\) 里面至少有一条懒狗。每次如果一个人的 \(out\) 完全包含了 \(S\) ,而他没有开枪,就可以把他从 \(S\) 里面踢出去。如果把他踢出去的时候,\(S\) 里面只剩下没有懒狗的人了,那么他就会开枪。
可能有很多踢人的顺序,只有最快导致开枪的顺序会被计算进答案。
那么对于一个人 \(x\) ,他需要把所有自己看不到的人都踢出去,才能踢自己。而为了让自己开枪,他甚至还需要踢掉自己看到的有懒狗的人。
定义一个人的前置条件为自己看不到的人,以及他们的前置条件,组成的集合。那么要把前置条件全部踢掉才能踢自己。如果成环那么他永远也不会被踢掉。
然后考虑一个人什么时候会开枪。
-
他一定有懒癌;他的前置条件都要被排除;因为他有懒癌所以他的前置条件不可能成为答案。
-
他连向的人中,只有也连向他的人才能有懒癌(因为他们都需要被排除)。
-
所以对于这些人,他的前置条件都是要排除的。所以以后不需要考虑他的前置条件。
-
他不能成为其他有懒癌的任何一个人的前置条件。
-
此时他一定是最小值,会被统计进答案。
可能比较乱。意思就是只要他不是有懒癌的人的前置条件就一定会开枪。
所以狗的数量就很好数了。
对于时间,考虑一个人什么时候要被踢掉。只要有一个 \(x\) 有懒狗并且以他为前置条件,他就必须要被踢掉。否则就一定不需要被踢掉。所以考虑每个人的贡献即可。
为了得出前置条件要跑传递闭包。复杂度 \(O({n^3\over \omega})\) ,感觉有点卡常。
代码
#include<bits/stdc++.h>
clock_t t=clock();
namespace my_std{
using namespace std;
#define pii pair<int,int>
#define fir first
#define sec second
#define MP make_pair
#define rep(i,x,y) for (int i=(x);i<=(y);i++)
#define drep(i,x,y) for (int i=(x);i>=(y);i--)
#define go(x) for (int i=head[x];i;i=edge[i].nxt)
#define templ template<typename T>
#define sz 3033
#define mod 998244353ll
typedef long long ll;
typedef double db;
mt19937 rng(chrono::steady_clock::now().time_since_epoch().count());
templ inline T rnd(T l,T r) {return uniform_int_distribution<T>(l,r)(rng);}
templ inline bool chkmax(T &x,T y){return x<y?x=y,1:0;}
templ inline bool chkmin(T &x,T y){return x>y?x=y,1:0;}
templ inline void read(T& t)
{
t=0;char f=0,ch=getchar();double d=0.1;
while(ch>'9'||ch<'0') f|=(ch=='-'),ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0') t=t*10+ch-48,ch=getchar();
if(ch=='.'){ch=getchar();while(ch<='9'&&ch>='0') t+=d*(ch^48),d*=0.1,ch=getchar();}
t=(f?-t:t);
}
template<typename T,typename... Args>inline void read(T& t,Args&... args){read(t); read(args...);}
char __sr[1<<21],__z[20];int __C=-1,__zz=0;
inline void Ot(){fwrite(__sr,1,__C+1,stdout),__C=-1;}
inline void print(register int x)
{
if(__C>1<<20)Ot();if(x<0)__sr[++__C]='-',x=-x;
while(__z[++__zz]=x%10+48,x/=10);
while(__sr[++__C]=__z[__zz],--__zz);__sr[++__C]='\n';
}
void file()
{
#ifdef NTFOrz
freopen("a.in","r",stdin);
#endif
}
inline void chktime()
{
#ifdef NTFOrz
cout<<(clock()-t)/1000.0<<'\n';
#endif
}
#ifdef mod
ll ksm(ll x,int y){ll ret=1;for (;y;y>>=1,x=x*x%mod) if (y&1) ret=ret*x%mod;return ret;}
ll inv(ll x){return ksm(x,mod-2);}
#else
ll ksm(ll x,int y){ll ret=1;for (;y;y>>=1,x=x*x) if (y&1) ret=ret*x;return ret;}
#endif
// inline ll mul(ll a,ll b){ll d=(ll)(a*(double)b/mod+0.5);ll ret=a*b-d*mod;if (ret<0) ret+=mod;return ret;}
}
using namespace my_std;
ll pw[sz];
int n,m;
int e[sz][sz]; char s[sz];
int deg[sz];
bitset<sz>out[sz]; int in[sz];
void topo()
{
static int vis[sz]; rep(i,1,n) vis[i]=0;
while (233)
{
int x=-1;
rep(i,1,n) if (!vis[i]&&!deg[i]) x=i;
if (x<0) break; vis[x]=1,++m;
rep(i,1,n) if (!e[i][x]&&i!=x) --deg[i],out[i].set(x),out[i]|=out[x];
}
rep(i,1,n) rep(j,1,n) e[i][j]=out[i][j];
rep(i,1,n) if (!deg[i]) rep(j,1,n) in[j]+=e[i][j]; rep(i,1,n) if (!deg[i]) ++in[i];
}
int main()
{
file();
rep(i,0,sz-1) pw[i]=ksm(2,i);
read(n);
rep(i,1,n) { scanf("%s",s+1); rep(j,1,n) e[i][j]=s[j]-'0',deg[i]+=!e[i][j]; --deg[i]; }
topo();
ll ans1=0,ans2=0;
rep(i,1,n) if (!deg[i])
{
int c=out[i].count();
rep(j,1,n) if (j!=i&&!deg[j]&&!e[j][i]&&!e[i][j]) ++c;
(ans2+=pw[c])%=mod;
}
rep(i,1,n) if (!deg[i]) (ans1+=pw[m]-pw[m-in[i]]+mod)%=mod;
printf("%lld %lld\n",ans1,ans2);
return 0;
}