随笔分类 - 搜索题
摘要：题意：给定一个n * m 的矩阵（迷宫），-1 表示该位置不能通过， 1 ~ 5 表示该位置被第i个怪控制， 0 表示该位置不被任何怪控制给定起点和终点， 问Celica最少需要多少回合才能通过。当然，还有很多限制条件：1）每一个回合，Celica的初始行动值为L， 没移动一个位置，行动值-1， 当行动值减为0， 则开始下一个回合2）一旦踏入怪的所在位置，则立即会将怪杀死，怪所控制的位置也就变为0了3）当移动到一个怪所控制的位置，行动立即减为04）每到达一个位置，首先变化的是行动值， 这就意味着，如果踏入一个怪所在的位置，而且该位置是被怪所控制的情况下，那么行动值先变为0，再将怪杀死5）怪不一
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摘要：题意：中文题目（略）分析：其实就是一个暴力的bfs， 关键是模拟移动，判连通，以及状态的表示。每个格子移动过程中，内部四个小三角的相对顺序是不变的，也就是移动过程中，格子是作为一个整体在移动的，，小三角只是在判连通时才用到，所以状态的表示可以将每个格子作为一个整体，这样的话，总共就是9个格子，用0~8表示，这样是否很熟悉了？ 可以用类似八数码的哈希方法，用康托展开将每一个状态hash到一个整数上，剩下的就是模拟了。很惭愧，单是敲这个代码就用了快俩个小时……hdu4531#include<iostream>#include<algorithm>#include<st
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摘要：题意：略分析：记忆化搜索用dp[i][j] 表示 i 次攻击得到少于j分的方案hdu4504#include<iostream>#include<algorithm>#include<stdio.h>#include<stdlib.h>#include<string.h>using namespace std;const int N = 20 + 5;const int M = 600 + 10;__int64 f[N];__int64 dp[N][M];int s[3] = {1, 2, 3};void init(){ f[0] =
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摘要：hdu4527 玩转十滴水题意很明显，而且需要注意的地方在第一个测试例子已经有所体现了。就是同一时刻可能有多个水滴到达一个点，而且该位置的水滴爆破了，但也只会产生四个方向各一个水滴所以，必须处理好同一个时刻的水滴，所以用了俩个队列来处理，将同一个时刻的水滴放在一个队列中，让所有水滴都飞行一个单位时间，如果没有碰到水滴，则压入另一个队列，如果碰到了，则在该位置直接加1， 等处理完其他同一时刻的水滴之后，再判断是否存在会爆的水滴，如果会，则再产生四个水滴，压入另一个队列，以此类推，，具体看代码：hdu4527#include<iostream>#include<algorithm
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摘要：分析：当N为奇数时奇偶同性可互达，N为偶数时，逆序数之和sum加上空格所在行距目标空格行的距离dis之和要和终点状态逆序数同奇偶View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<string>using namespace std;const int N = 300+10;int s[N*N],g[N*N];#define _cp(a,b) ((a)<=(b))int _tmp[N*N];int inv(int n,int* a){ int l=n>>1,r=n-l,i,j; i
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摘要：二分距离，求最大团，看是否>=KView Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<string>#include<math.h>using namespace std;const int N = 50+10;int dis[N][N],dd[N*N];int dp[N];bool inset[N],g[N][N];int n,best,ord[N],deg[N];bool found;inline void Memcpy(bool *d,bool *s){ for(int i=0
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摘要：题意：数独游戏，不过只能用给定的多米诺骨牌填数独，而且每一个牌只能用一次，有唯一解分析：对一个未填的方格枚举三十六个牌，每一个牌有俩种摆放方式，……关键在于有没有好一点的判断方法，判断当前的放置方法是否符合数独的要求用三个数字st[3][9]表示st[0]数组表示九行的放置状态，比如，st[0][0]的每一个位表示第一行对应选了哪一个数字以此类推，st[1]表示列，st[2]表示3*3的方格代码有点冗长了，好挫…………View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<string>using na
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摘要：题意：一个棋盘，摆了四种颜色的棋子，每次选择一个棋子消掉，同时跟它相连的也会被消掉，之后1）下方有空的棋子会往下掉，填补空的格子2）如果有整列被消的掉的，该列右边的棋子全部往左移，当然，左移的界限就是到被消掉的一整列，这个看Sample就知道了分析：棋盘不大，6*6而已。一开始的感觉就是迭代加深搜索了，再搜的过程中，优先选择相连颜色中数量最多消掉，31ms，不过爆搜也可以过，600+msView Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<queue>using namespace std;const
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摘要：题意：对一棵树上的点进行实时的增减权值和询问子树的权值和首先：单点修改以及子树查询。对整棵树dfs一遍，记录下欧拉序列。这样有一个好处，就是每一棵子树在这个序列中都是连续的，同时记录下每一棵子树的起始序列号，这样，对子树的查询就变成了一个连续区间的查询了，运用树状数组就可以解决了。那最大生成树呢？“Sailormoon girls want to cut extra branches by using minimum cost, after that..."额，这里要将多余的边减掉，用最小cost，也就是减掉之后，变成了一棵最大生成树。郁闷呀，一开始以为题目所给的cost是没用………
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摘要：题意：在Ｔ－１时间内逃出城堡，途中可能会遇到１０种门或钥匙，每种门对应一种钥匙。简单的ＢＦＳ，但是判断一个点能否通过不是简单的判断是否走过，而是判断通过该点时拥有的钥匙的状态是否一致。所以，判重的ｈａｓｈ数组要多开一维，表示钥匙的状态。可以用位运算，二进制的１０个位分别表示每一种钥匙的状态View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<queue>#define M 21using namespace std;struct node{ int x, y, t, state; node() {}
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摘要：题意：在8 * 8 的跳棋棋盘上，给你两个状态，每个状态4个点，判断一个状态8步内能否到达另一个状态。分析：给定了始末状态，很典型的双向广搜。从始末两个方向进行广度搜索，理想情况下可以减少二分之一的搜索量，从而提高搜索速度。问题的关键在于状态的保存，因为四个棋子是一样的，棋盘的大小只有8*8，所以先按坐标排序之后，用二进制每三个位保存一个棋子的一个坐标，总共需要24个位。对双向广度搜索算法的改进：略微修改一下控制结构，每次while循环时只扩展正反两个方向中节点数目较少的一个，可以使两边的发展速度保持一定的平衡，从而减少总扩展节点的个数，加快搜索速度。这代码写的有点挫，用俩个BFS写的，不是用
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摘要：题意：推箱子升级版，将三个箱子推到三个洞里，求最小步骤分析：思路不难，就是处理起来，细节太多，纠结死了。一个八维的布尔数组判重，差点就ＭＬＥ了View Code #include <iostream>#include <algorithm>#include <queue>#define size 9using namespace std;struct Node{ int x, y; int Box[3][2];//记录三个箱子的位置 int step; char map[size][size];} start;int dir[4][2] = {{0, -1}
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摘要：简单的DFS，将所有未填的位置依次保存起来，之后，对每一个未填的位置依次枚举，往下搜即可；；本来想用DLX的做的，hdu3111是过了，可是原先那个模板在这道题里就是超时，不解啊，换一个模板就过了、DFS版#include<stdio.h>struct point{ int x, y;} p[81];int num, flag, map[10][10];int judge(int n, int k){ int i, j, x, y; for(i = 0; i < 9; i++) { if(i != p[n].y && map[p[n].x][i] == k..
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摘要：精确覆盖： 首先选择当前要覆盖的列(含1最少的列)，将该列和能够覆盖到该列的行全部去掉，再枚举添加的方法。枚举某一行r，假设它是解集中的一个，那么该行所能覆盖到的所有列都不必再搜，所以删除该行覆盖到的所有列，又由于去掉的列相当于有解，所以能够覆盖到这些列的行也不用再搜，删之。View Code /*DLX解决9*9的数独问题，转化为729*324的精确覆盖问题行：一共9 * 9 * 9 == 729行。一共9 * 9小格，每一格有9种可能性(1 - 9)，每一种可能都对应着一行。列：一共(9 + 9 + 9) * 9 + 81 == 324 种前面三个9分别代表着9行9列和9小块，乘以9的意思
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摘要：题意：n*m的格子上有一些方块放在某些格子上，一个格子可能有几个方块，用'a'-'z'来表示方块数量。初始的时候可以选择任意空地作为Pusher初始点，Pusher选择一个方向，然后向这个方向前进直到遇到有方块的格子，Pusher把这个格子的方块清除一个，并把它向前推一格（向前不能出界），如果前面一格有方块，那么这些方合起来放在这个格子中。Pusher和有方块的格子之间至少要有一个空地才能推动分析：直接dfs，因为是special judge 找到一组解即可。View Code #include<iostream>#define N 30using
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摘要：题意：在一棵苹果树上，有ｎ个节点，第一天，只有叶节点才有苹果，苹果的数目等于该节点的编号。第二天开始，其他节点开始长苹果，对于非叶节点，只有当所有直接子节点都长了苹果之后才开始长，设它的直接子节点数目为Ｋ，则该节点的苹果数等于所有直接字节点苹果数目中的第(K + 1) / 2大。问最后根节点的苹果数目。分析：一开始感觉这题意太朦胧了，研究了半天都没明白。明白题意之后就好办很多了，类似与ＤＰ的过程，从根节点开始算，往下搜，再递推回来。用ｖｅｃｔｏｒ实现方便很多View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include&l
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摘要：题意：题中给的图填上１～８ 八个数字，相连的点不能填上连续的数字分析：各种限制条件，直接ｄｆｓ了View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<math.h>using namespace std;bool g[10][10],fil[10];//g[10][10]记录点与点之间是否相连，fil[10]记录该数字是否已经选过int a[10],ans[10],num;//ans[]保存路径void dfs(int deep,int move[]){ if(deep==8)//选完了 { if(!
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摘要：题意：这题意真的十分费解，看了好久才明白。给定N个数字，产生p个子序列，序列满足：先按长度排列，而且子序列本身是递增的；之后，按子序列中各个数字所在位置排序。最主要的就是判重还有“子序列必须满足递增”具体的解释看代码吧View Code #include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;struct node{ int v,pos;}ans[1001];int a[1001],n,p,nnum,total;bool check(int s,int e)//判重，我觉得是这道题目的关键{ for(int i=
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摘要：题意：还是类似迷宫问题，已知起点和终点，在规定时间内求出到达终点的最少时间。有俩种行走方式１）飞行：除了遇到‘＃’ 以外，任何地方都能穿过，但需要消耗１ｓ，同时消耗１ 魔法值注意：理论上遇到一个‘＠’要消耗俩点魔法值，因为离开这个‘＠’ 要消耗２点魔法值２）行走：有俩种情况不能走，１，遇到‘＃’；２当前点是‘＠’ 或者遇到的点是‘＠’View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<queue>using namespace std;char g[100][100];bool vis[88][88
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摘要：题意：射箭游戏，已知箭头的初始位置是（0,0），速度为v,靶的位置为（x，y），要求算出射中靶心的最小的角度，若不能射中，则输出-1分析：借鉴之前几道三分的思想，很明显的一点是，关于高度h关于角度θ的函数是凸函数，首先三分枚举角度值，求出到达x时的最大高度利用最大高度判断能否射中，若能，则继续二分θ逼近y，最后求出最小的θ当然，此题还存在纯物理公式的解法参考下面的博客http://www.cnblogs.com/newpanderking/archive/2011/08/25/2153590.htmlView Code #include<iostream>#include<a
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