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摘要： 2024.1.18 杭州电子科技大学2023华为杯编程竞赛 解题思路 首先可以知道，我们任意选一点为根 root 往下递归异或就可以得到 f [ i ](root 到 i 的路径异或值 ），那么 l 到 r 的路径异或值可以由 f [ l ] ^ f [ r ]得出 那么如何计算答案呢，就是用 f 阅读全文

摘要： 2024.1.9 cf Hello 2024 1919D 解题思路 这题理解一下就是，找出数组中每一个比左数或右数大1的数，从大到小（体现优先队列）删除（体现链表），对访问过的数打个标记（vis），最后数组里的数要么被打过标记，要么是0. 代码 #include<bits/stdc++.h> usi 阅读全文

摘要： 2023.12.13 cf1904D2 解题思路 首先，a[i]大于b[i]时肯定不行，等于就满足了，直接过掉 其次，要想使得a[i]等于b[i]，就要在a[i]左右找最近的j使得a[j]=b[i]（最近的最优，可证） k是i和j中间的一个数，想要满足题意，要满足以下两个条件(a[j]=b[i]) 阅读全文

摘要： 主要应用倍增思想预处理：O(nlogn) 查询：O(1)f[i][j]是以i为起点，长度为2j的区间中的最大值(一个点一个单位长度，不是一条线段)区间终点：i+2j-1<=n区间长度的指数k=log2(r-l+1)，只有当r-l+1为2n-1时是恰好分割，其他时候有重叠，但问题不大 代码 #incl 阅读全文

摘要： 扩欧代码（时间复杂度O(logn)） 求ax+by=gcd(a,b)的一组整数解 int gcd(int a,int b) { if(b==0)return a; return gcd(b,a%b); } int exgcd(int a,int b,int &x,int &y) { if(b==0) 阅读全文

摘要： 2023.12.7 1903D1 解题思路 题目一眼long long，所以从大到小迭代每一个位（262到20） 因为要与&起来最大，尽量把高位的0在不超过步数的情况下整成1，所以如果第i位是0，就把ai增加到下一位变成1 只有能走到最后的i是答案的二进制第i位为1，直接加在ans上 代码 #inc 阅读全文

摘要： 2023.12.7 cf 1907E 解题思路 首先明确，如果这三个数加起来发生了进位，那么必然不是好数（一个位换下一个位总和会有损失） 然后，结果n的每一位就可以拆成几个1，或者说几个小球，用两个隔板往小球的空隙插（注意因为0也有可能，所以小球两边也可插，可插空隙个数为num+2） 然后就可以直接 阅读全文

摘要： 2023.12.6 cf1902B 二分 一般来讲我们会在以下情况用到二分： 求单调函数的零点 求最小值的最大，或最大值的最小 很难直接算出答案，但是很好判定答案合不合法 二分答案和二分查找差不多，就是check函数内是贪心dp之类的东西 当用二分控制精度时，以r-l>eps为循环条件，return 阅读全文

摘要： 2023.12.5 cf 1902E 字典树的功能 根据字典树的概念，我们可以发现：字典树的本质是把很多字符串拆成单个字符的形式，以树的方式存储起来。所以我们说字典树维护的是”字典“。那么根据这个最基本的性质，我们可以由此延伸出字典树的很多妙用。简单总结起来大体如下： 1、维护字符串集合（即字典）。 阅读全文

摘要： 2023.12.2 cf 1903C 解题思路（听说是个常见的形式） a:第一个部分 b:第二个部分 c:第三个部分 本题1*a+2*b+3*c......这种形式可以拆成 a+b+c+...... 加上 b+c+...... 加上 c+...... 由以上看出可以构造后缀和 再证明贪心： 当a*n 阅读全文