随笔分类 - A-dp-简单dp
摘要：题目链接 题目解析 首先考虑$P$怎么求。 刚开始想的如果一个数可以被其它数凑出来就不要它，这很对，但不能拿来算答案。 考虑到如果$Q$足够大，那么可以凑出来的数能达到去掉$P$可以凑出来的数的两倍。 所以答案就是去掉它，剩下的数可以凑成的数的个数最多。当然，个数相同取最小。 这个怎么求呢？我们可以
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摘要：题目链接 题目解析 我们知道$01$背包方案数的递推式长这样： \(f[j]+=f[j-w[i]]\) 如果一件物品不选，就会少一次这样的转移贡献。 于是我们把这个贡献还回去。 \(g[j]-=g[j-w[i]]\) 就做完了。 ►Code View #include<cstdio> #includ
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摘要：题目链接 题目解析 其实是一道水题，但我还是想了好久（指$40min+$ 首先可以搞一个一般的$dp$出来：定义$f[i]$表示走到$i$的方案数 那么有转移：\(f[i]+=f[i-d],d∈S\) 这个转移的复杂度消耗是巨大的，但是由于$k$比较小，而且符合条件的转移对象是连续的，所以可以用前缀
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摘要：题目链接 题目解析 我是这么想的： $1=\frac{1}{2i}*2i$ 所以题目是求$k$个形如$2^i$的形式的数的和为$n$的方案数。（然而并没有什么用，只是把题意反过来了而已qwq （忘掉前面的东西 考虑这样一个$dp$：设$f[i][j]$表示$i$个数和为$j$，考虑转移，由于放数的种
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摘要：题目链接 这道题还是比较简单的，~~（主要问题在于读题）~~但是鉴于我自己没有很顺畅地做出来，所以记录一下。 注意到有个$A_i=B_i$的部分分，先考虑这个部分分怎么做。 可以定义$dp[i][j]$表示前$i$个小朋友一共分了$j$颗糖的答案。 考虑转移：\(dp[i][j]=\sum (dp[
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摘要：题目传送门 回忆童年 1 /* 2 ID: Starry21 3 LANG: C++ 4 TASK: ariprog 5 */ 6 #include<iostream> 7 #include<string> 8 #include<cstdio> 9 #include<cstring> 10 #inc
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