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摘要： 传送门 做法一：首先将给定数组重复的数删掉。对于最近的两个相同的数，令其位置为\([l,r]\)，看作是覆盖区间\([l,r]\)的一条线段。那么对于当前数组的若干条线段，若保留该线段，则代表这两个数涂相同颜色且在该颜色下相邻。发现若一个线段完全包含另一条线段，则一定选小的线段更优。对于两条不完全包 阅读全文

摘要： 传送门 首先如果不带修，很显然是一道单调栈的例题。 如果带修其实只需要考虑删除该元素之后产生了什么影响。三个方面： 以其自身为最小值的所有区间的贡献需要撤销 所有包含该元素，但最小值不是该元素的区间，需要撤销一定贡献 原本以该元素作为边界的区间，可能在删掉该元素之后能够继续扩展，此部分贡献需要新加 阅读全文

摘要： 传送门 纪念vp想到题解最后半句话的*2400 首先考虑\(m\)的取值，由于不管怎么划分区间，总有一个区间包含整个序列的最大值，所以\(m\)一定是整个序列的最大值的倍数 那么考虑怎么找最大值。发现对于\([1,n]\)这一整个区间，其\(f\)值一定是\(maxn*n\)，故而枚举\(maxn\ 阅读全文

摘要： 传送门 首先，由于所有城市排成了一条直线，这是一个很关键的性质。假定攻占的第一个城市为第\(D\)个城市，那么实际上，对于\(D\)左边的所有城市\(i\)（实际上右边也可以算），我们都可以算出，在攻占到该城市之前，最多可以往右走多少步，记为\(x_{i}\)。于是貌似我们可以推导出对于一个城市\( 阅读全文

摘要： 传送门 首先结论：对于两个子数组，若他们回文中心不重合，则他们各自为回文串这两件事互相独立。 一个子数组回文，设该子数组长为\(len\)，即相当于对这个子数组产生$ \left \lfloor \frac{len}{2}\right \rfloor$个约束： \(a_{l}=a_{r},a_{l+ 阅读全文

摘要： 传送门 可以用线段树维护，\(ln\)表示当前区间无法匹配的左括号数量，\(rn\)表示当前区间无法匹配的右括号数量 #include<bits/stdc++.h> #define int long long using namespace std; const int N = 4e6 + 10; 阅读全文

摘要： 传送门 首先当\(k\)为奇数时，若一个点想为好点，必须他自己就是岛屿之一，所以\(k\)为奇数时答案一定是\(1\) 接着考虑\(k\)为偶数时怎么求好点数。我们发现，若一个点为好点，则当其延某一条边移动一次得到的点的答案一定不能更优，否则这次移动得到的点才是好点。也就是说，对于好点所连的所有边， 阅读全文

摘要： 传送门 需要先注意到，将员工按照能力值从大到小排序后，分配给每个项目的员工一定是连续的。 再利用这个性质，设\(dp_S\)表示完成\(S\)集合的项目所需最少员工为多少个。并记录每个集合是由哪一个子集转移过来的，最后输出方案数 启示：需先观察性质，才能设计dp及状态转移方程 #include<bi 阅读全文

摘要： 传送门 性质1：规定\(a_0=a_{n+1}=0\)，则满足条件的序列一定有\(a_i≤a_{i-1}+a_{i+1}\) 利用这个性质，我们可以设\(dp_{i,j,k}\)表示填充到第\(i\)位，第\(i-1\)位填\(j\)，第\(i\)位填\(k\)的方案数，转移即 \(dp_{i,j, 阅读全文

摘要： 传送门 1.位运算相关，看每一位是否独立。此题中每一位独立，所以可以对每一位单独算方案数最后相乘 2.DP状态设计，预处理及空间时间复杂度优化。首先设\(dp_{i,j}\)表示填好\(1\)~\(i\)位时，最后一个\(0\)在\(j\)位置的方案数，此时若想要转移，需要考虑对于当前第\(i\)位 阅读全文