CSUST 4002-你真的会字符串吗？（DP）
题目链接：http://acm.csust.edu.cn/problem/4002
CSDN食用链接：https://blog.csdn.net/qq_43906000/article/details/107803402
Description
对于一个正整数S,我们可以看成 \(S = \{s_n,s_{n-1},......,s_i,......s_1\}\),其中\(s_i = \lfloor \frac S {10^{i-1}} \rfloor \mod\ 10\)
我们定义两个整数的#运算:\(S \# T=\{(s_n*t_n+pre_n)mod\ 10...,(s_1*t_1+pre_1)mod\ 10\}\)
其中\(pre_i=\left\{\begin{matrix}
0 & i=1\\
(s_{i-1}*t_{i-1}+pre_{i-1})/10 & 1\leq i\leq n
\end{matrix}\right.\)
如果你了解过两个整数的加法,#运算与加法类似,不过每一位相加变成了每一相乘,并且最后的结果只保留后n位
例如:\(123\ \# \ 23 =49,258\ \# \ 24 = 132,423\ \# \ 523=49\)
现在,你有一个长度为n的整数AA,你能否求出存在多少种长度为n的正整数BB,满足\(A \ \# \ B = A\),结果对\(998244353\)取模.
PS: \(A\)和\(B\)都可能存在前导零
Input
第一行一个整数\(n(1\leq n \leq 2e5)\),表示正整数的长度
第二行一个长度为n的正整数\(A\),表示所给的正整数
Output
一行一个整数,表示结果.
Sample Input 1
2
13
Sample Output 1
1
Sample Input 2
3
205
Sample Output 2
20
Sample Input 3
4
3217
Sample Output 3
2
emmm，这题是个DP，维数也知道是个2维的。。。但一直不知道\(dp[i][j]\)表示的是什么，后面被大佬一提醒。。。\(j\)可以表示进位的位数！哦！恍然大悟，然后劈里啪啦一顿乱敲。
我们可以用\(dp[i][j]\)表示为第\(i\)位给第\(i+1\)位进了\(j\)位的时候的方案数，那么对于第一位进行的初始化如下：
for (int i=0; i<=9; i++) {
if (i*s[1]%10==s[1]) dp[1][i*s[1]/10]++;
}
然后从第二位开始进行转移，那么怎么转移呢？对于位置肯定是要枚举的，对于当前位置要放什么数（如上所写）似乎也不能避免枚举，那么现在能够进行DP吗？似乎不太行，因为我们不知道上一位的进位是多少，那么就没办法转移，所以我们还要对上一位的进位进行枚举。那么就可以得到如下方程：
for (int i=2; i<=n; i++)
for (int j=0; j<=9; j++)//枚举当前放置的数
for (int k=0; k<=9; k++)//枚举上一位的进位
/*DP*/
DP的话一定是在方案合理的情况下生成的，也就是说\((s[i]*j+k)\%10\)必须还是\(s[i]\)，那么似乎转移也就出来了：\(dp[i][(s[i]*j+k)/10]=(dp[i][(s[i]*j+k)/10]+dp[i-1][k])\%mod\)
那么最后的答案好像就是\(dp[n][0]\)了，不过。。。显然不太对，最高位实际上进多少位都没关系，反正不参与计算的，所以最后的答案是\(\sum_{i=0}^{9}dp[n][i]\)。
不过需要注意的是，出题人提醒了一下前导零。。。。不提醒还好，一提醒我就把前导零删了。。。前导零是不能删的！！！也就是说0013得出的结果是100
以下是AC代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int mac=2e5+10;
const int mod=998244353;
char ss[mac];
int s[mac];
ll dp[mac][10];
int main(int argc, char const *argv[])
{
int n;
scanf ("%d",&n);
scanf ("%s",ss+1);
for (int i=1; i<=n; i++) s[i]=ss[n-i+1]-'0';
for (int i=0; i<=9; i++){
if (i*s[1]%10==s[1]) dp[1][i*s[1]/10]++;
}
for (int i=2; i<=n; i++)
for (int j=0; j<=9; j++)//枚举当前放置的数
for (int k=0; k<=9; k++)//枚举上一位的进位
if ((s[i]*j+k)%10==s[i])
dp[i][(s[i]*j+k)/10]=(dp[i][(s[i]*j+k)/10]+dp[i-1][k])%mod;
ll ans=0;
for (int i=0; i<=9; i++) ans=(ans+dp[n][i])%mod;
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}
