随笔分类 - 网络流—最大流
摘要：首先考虑只满足第一个条件，二分答案，把过期时间加上mid之后的2n个时间离散，老鼠拆成每个时间的，第i个时间第j个老鼠为id[i][j]，连接(s,i,p[i])，对于离散后时间(g[j 1]~g[j])在i奶酪的时间区间里的ij，连接(i,id,老鼠速度\ 时间段长)，然后连(id,t,inf)，
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摘要：妙啊，很容易想到连(s,a1,an)(s,b1,bn)(a2,t,an)(b2,t,bn)，这样，但是可能会发生a1流到b2或者b1流到a2这种不合法情况 考虑跑两次，第二次交换b1b2，如果两次都合法就是合法 证明是假设a1流到b2了x的流量，然后交换b1b2之后依然满足条件，那么一定可以有a1流
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摘要：最大流生动形象的板子，注意数组开大点 cpp include include include include using namespace std; const int N=100,inf=1e9; int n=26,m,h[N],cnt=1,s=1,t=26,le[N],x; char s1[5
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摘要：洛谷上能过的最大流bzoj上T了……但是贪心做法明明在洛谷上比最大流要慢啊……如果是最大流的话就是裸题了吧 说一下贪心，就按照防晒霜排序，然后对每一个防晒霜选一头可以使用的且r最小的牛 就，没了。 贪心
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摘要：妙啊 首先暴力建图跑最大流非常简单，s向每个i连流量为p[i]的边，每个i向t连流量为s[i]的边，每个i向j连流量为c的边(i include using namespace std; const int N=10005; int n,c,p[N],s[N]; long long f[2][N],
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摘要：~~我到底怎么建的图为啥要开这么大的数组啊？！~~ 神题神题，本来以为图论出不出什么花来了。 首先要理解‘团’的概念，简单来说就是无向图的一个完全子图，相关概念详见度娘。 所以关于团一般都是NP问题，只有二分图例外。而题目中有这样一句话“n座城市可以恰好被划分为不超过两个城市群”，并且给出的是没有的
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摘要：pre：http://www.cnblogs.com/lokiii/p/8435499.html 和最长k可重区间集问题差不多，也就是价值的计算方法不一样，但是注意这里可能会有x0==x1的情况也就是l==r的情况，然后就TTTTTLE。 其实处理方法很粗暴，因为是开线段，所以可以把它扩大一倍，然后
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摘要：首先能显然的想到一个方法：(s,a1,an)(a2,t,an)(s,b1,bn)(b2,t,bn)然后图中的边正常连，危桥流量1，正常桥流量为inf。但是这样即使满流了也会有一些问题，就是流是从a1到b2的。解决方法是交换b1和b2，再跑一遍，这样以来如果再次满流，那么就意味着a1,a2,b1,b2
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摘要：死于开小数组的WA？！ 第一问n方dp瞎搞一下就成，f[i]记录以i结尾的最长不下降子序列。记答案为mx 第二问网络流，拆点限制流量，s向所有f[i]为1的点建(s,i,1)，所有f[i]为mx(i+n,t,1)，然后对于j include include include using namespa
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摘要：s向所有单位连流量为人数的边，所有饭桌向t连流量为饭桌容量的边，每个单位向每个饭桌连容量为1的边表示这个饭桌只能坐这个单位的一个人。跑dinic如果小于总人数则无解，否则对于每个单位for与它相连、满流、另一端不是s的点则是最终方案 cpp include include include inclu
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摘要：s向所有类别属性连流量为当前类别属性需要的个数的边，所有题目向t连流量为1的边（表示只能选一次），所有属性向含有它的题连容量为1的边。跑一变dinic，结果小于m则无解，否则看每一个类别属性连出去的题目的边是否满流，满流代表这个属性选择这道题 cpp include include include
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摘要：判无解的方法非常粗暴：快T了还是没有合法方案，就是无解。 然后枚举答案，对于每一天都建一套太空站，s连地球，t连月球，上一天的太空站连向这一天的太空站，流量均为inf。然后对于每个飞船，上一天的停靠站向这一天的停靠站连边，流量为p。每次新增一天都新建一套，然后跑一次dinic加给tot，等tot =
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摘要：因为是无向图，所以从1到2再到3等于从2到1和3。用拆点来限制流量(i,i+n,1)，然后连接(s,2+n,1),(1,t,1),(3,t,1)，对于原图中的边连接(x+n,y,1)(y+n,x,1)，跑一遍dinic看答案是否为2即可。
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摘要：~~在spoj上用题号找题就已经是手动二分了吧~~ 把1作为汇点，k个要入网的向t连流量为1的边，因为最小颜色数等于最大边流量，所以对于题目所给出的边(u,v)，连接(u,v,c)，二分一个流量c，根据最大流是否等于k来调整上下界。 cpp include include include inclu
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摘要：不重叠最短路计数。 先弗洛伊德求一遍两两距离（其实spfa或者迪杰斯特拉会更快但是没必要~~懒得~~写），然后设dis为st最短距离，把满足a[s][u]+b[u][v]+a[v][t]==dis的边(u,v)连流量为1的边，表示只能走一次。注意这里a数组是弗洛伊德之后的，b是边的原长，然后跑一边最
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摘要：记得把牛拆掉！拆成两个点i和i'在中间连一条流量为1的边，来限制每头牛只能选一组 一般来讲是一种物品一个消费者各占一边，但是这里有两个物品，所以考虑把牛放在中间，s向所有的食物连流量为1的边，所有食物向能吃它的牛i连流量为1的边，所有饮料向t连流量为1的边，牛i'向所有他能喝的连流量为1的边，然后跑
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摘要：因为n很小所以从大到小枚举答案。（从小到大先排个序，因为显然胜利场次越多越容易成为strong king。然后对于每个枚举出来的ans建图。点分别表示人和比赛。s向所有人连接流量为胜利场次的边，所有比赛向t连流量为1的边来限制流量，然后对于“某一方一定要赢得比赛”，也就是当前被枚举为strong k
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