hdu 1253 胜利大逃亡
胜利大逃亡
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 30371 Accepted Submission(s): 11380
Problem Description
Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.
魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.
魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.
Input
输入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)
特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.
特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.
Output
对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1.
Sample Input
1
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0
Sample Output
11
看懂了题用BFS搜就能出来了，不过第一次超时，加了个判断才过，不过也是险而又险过的，1934MS，，没用JAVA写，出题人说数据卡的紧，怕超时。不过待会可以用JAVA试试
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <queue>
#define N 51
using namespace std;
struct node{
int x,y,z,time;
};
int Map[N][N][N];
bool vis[N][N][N];
int dir[6][3] = {{0,0,1},{0,1,0},{1,0,0},{-1,0,0},{0,-1,0},{0,0,-1}}; //上下左右前后六个方向
int A,B,C,T;
bool check(int x,int y,int z){
if(x<0||x>A-1||y<0||y>B-1||z<0||z>C-1) return true;
if(vis[x][y][z]||Map[x][y][z]==1) return true;
return false;
}
void bfs(){
queue<node> q;
node t,next;
t.x=0;
t.y=0;
t.z=0;
t.time=0;
vis[t.x][t.y][t.z]=true;
q.push(t);
while(!q.empty()){
t = q.front();
q.pop();
if(t.time>T){ //不加这句会超时
printf("-1\n");
return;
}
if(t.x==A-1&&t.y==B-1&&t.z==C-1&&t.time<=T){
printf("%d\n",t.time);
return;
}
for(int i=0;i<6;i++){
next.x = t.x+dir[i][0];
next.y = t.y+dir[i][1];
next.z = t.z+dir[i][2];
next.time = t.time+1;
if(check(next.x,next.y,next.z)) continue;
q.push(next);
vis[next.x][next.y][next.z]=true;
}
}
printf("-1\n");
}
int main()
{
int tcase;
scanf("%d",&tcase);
while(tcase--){
memset(vis,false,sizeof(vis));
memset(Map,0,sizeof(Map));
scanf("%d%d%d%d",&A,&B,&C,&T);
for(int i=0;i<A;i++){
for(int j=0;j<B;j++){
for(int k=0;k<C;k++){
scanf("%d",&Map[i][j][k]);
}
}
}
bfs();
}
return 0;
}
java果断超时，附超时代码
import java.util.LinkedList;
import java.util.Queue;
import java.util.Scanner;
public class Main {
static boolean[][][] vis;
static int[][][] map;
static int[][] dir = {{1,0,0},{-1,0,0},{0,1,0},{0,-1,0},{0,0,1},{0,0,-1}};
static int A,B,C,T;
static class node{
int x,y,z,time;
public node(int x,int y,int z,int time){
this.x=x;
this.y=y;
this.z=z;
this.time=time;
}
}
public static void main(String[] args) {
Scanner sc =new Scanner(System.in);
int tcase = sc.nextInt();
while(tcase-->0){
A=sc.nextInt();
B=sc.nextInt();
C=sc.nextInt();
T=sc.nextInt();
map = new int[A][B][C];
vis = new boolean[A][B][C];
for(int i=0;i<A;i++){
for(int j=0;j<B;j++){
for(int k=0;k<C;k++)
map[i][j][k]=sc.nextInt();
}
}
}
BFS();
}
private static void BFS() {
Queue<node> q =new LinkedList<node>();
vis[0][0][0]=true;
q.add(new node(0,0,0,0));
while(!q.isEmpty()){
node t = q.remove();
if(t.time>T) {
System.out.println(-1);
return;
}
if(t.x==A-1&&t.y==B-1&&t.z==C-1&&t.time<=T){
System.out.println(t.time);
return;
}
for(int i=0;i<6;i++){
int x = t.x+dir[i][0];
int y =t.y+dir[i][1];
int z = t.z +dir[i][2];
int time = t.time+1;
if(check(x,y,z)) continue;
q.add(new node(x,y,z,time));
vis[x][y][z]=true;
}
}
System.out.println(-1);
}
private static boolean check(int x, int y, int z) {
if(x<0||x>A-1||y<0||y>B-1||z<0||z>C-1) return true;
if(vis[x][y][z]||map[x][y][z]==1) return true;
return false;
}
}
