唐僧洗发爱飘柔

摘要： 这道题为简单题，但是做的过程中忽略了一些特殊情况，最后还是做出来了，怪说不得这道题的通过率才21%左右 题目： 思路： 我设置了两个变量，prev代表上一个元素，prev_prev代表上上个元素，代码的大致思路就是如果有两次（因为我把两个值设置为无穷小，所以第一次num就是自动加1，但是这一次不算） 阅读全文

摘要： 这道题为简单题 题目： 思路： 设置三个变量，max_long 存储总的最大长度，l代表该值目前的最大长度，num主要用来比较列表的前后大小。如果i大于num那么l就一直加1.否则l就和max_long比较大小，l变为1，num更新为i值 代码： 阅读全文

摘要： 这道题为简单题 题目： 思路： 1、这道题主要搞清楚两种情况就行了： （1）、如果‘A’出现两次 （2）、如果出现‘LLL’ 以上两种情况出现任意一种就返回False 代码： 我的代码： 简介代码： 阅读全文

摘要： 这道题属于简单题 题目： 思路： 1、我的思路比较不好，弄出来的代码不够简洁。我采用栈的形式，遍历整个列表，遇到‘ ’或者长度达到了最大（长度这个条件是为了防止示例中没有出现空格，只有一个单词）就把a[]当中的元素全部加到b[]中并添加一个‘ ’，最后去掉b的最后一个元素，再返回‘’。join(b) 阅读全文

摘要： 这道题为简单题，网上通过率接近70%，我就不怎么仔细讲了 题目： 思路： 题目太简单，我也没怎么多想，直接暴力解决，然后就导致时间运行太慢 = = 代码： 1、这是我的写的，很菜 2、大神的简洁代码： 阅读全文

摘要： 这道题为简单题： 题目： 思路： 最开始我以为就只是把该节点的左右孩子的节点值做绝对值就行了，结果是它的所有左右子树的值做绝对值，利用递归就行了 代码： 阅读全文

摘要： 这道题为简单题 题目： 思路： 利用递归。把大问题化小，算每个节点的的左右子树的深度并得到该节点的最大长度self.sum，然后返回该节点左右子树中的最大深度加1 代码： 阅读全文

摘要： 这道题为简单题 题目： 思路： 1、我的思路：首先利用广搜，保存每个节点值在列表中，然后两个for循环列表，使对应列表中的每个值变为题目要求的值，然后再将广搜的列表与节点值列表对应。 这种方法复杂，时间空间复杂度高，运行时还出现超时 2、大神的思路：利用递归。其实我最开始也是想用递归，但是没有找到转 阅读全文

摘要： 这是一道简单题 题目： 思路： 本来最开始我想用BFS但是感觉那样有点复杂，后来就用了递归的方法，把他们转换为每个节点的左右节点都交换 代码： 阅读全文

摘要： 这个题是简单题 题目： 思路： 利用广搜（BFS）。定义一个列表a（存放节点），定义变量b（存放最小值）并赋值根节点值，定义变量c（存放第二小值）并赋值-1，遍历每个节点，如果其节点值大于b，而且如果c 1那么c = 该节点值，否则如果该节点值小于c，那么c = 该节点值 代码： 阅读全文