AcWing 247. 亚特兰蒂斯

\(AcWing\) \(247\). 亚特兰蒂斯

一、题目描述

有几个古希腊书籍中包含了对传说中的亚特兰蒂斯岛的描述。

其中一些甚至包括岛屿部分地图。

但不幸的是,这些地图描述了亚特兰蒂斯的不同区域。

您的朋友 \(Bill\) 必须知道地图的总面积

你自告奋勇写了一个计算这个总面积的程序。

输入格式
输入包含多组测试用例。

对于每组测试用例,第一行包含整数 \(n\),表示总的地图数量。

接下来 \(n\) 行,描绘了每张地图,每行包含四个数字 \(x_1,y_1,x_2,y_2\)不一定是整数),(\(x_1,y_1\)) 和 (\(x_2,y_2\)) 分别是地图的左上角位置和右下角位置。
注:这个左上和右下是与本题给的坐标系相关,不用过于纠结是左下+右上,还是左上+右下

注意,坐标轴 \(x\) 轴从上向下延伸,\(y\) 轴从左向右延伸。

当输入用例 \(n=0\) 时,表示输入终止,该用例无需处理。

输出格式
每组测试用例输出两行。

第一行输出 Test case #k,其中 \(k\) 是测试用例的编号,从 \(1\) 开始。

第二行输出 Total explored area: a,其中 \(a\) 是总地图面积(即此测试用例中所有矩形的面积并,注意如果一片区域被多个地图包含,则在计算总面积时只计算一次),精确到小数点后两位数。

在每个测试用例后输出一个空行。

数据范围
\(1≤n≤10000, \\ 0≤x_1<x_2≤100000, \\ 0≤y_1<y_2≤100000\)

注意,本题 \(n\) 的范围上限加强至 \(10000\)

输入样例

2
10 10 20 20
15 15 25 25.5
0

输出样例:

Test case #1
Total explored area: 180.00 

样例解释
样例所示地图覆盖区域如下图所示,两个矩形区域所覆盖的总面积,即为样例的解。

二、解题思路

与扫描线专题的模板题基本一致,有两点需要注意:

  • 多组测试数据,记得清空
  • 浮点数不能直接使用线段树,需要离散化(当然,模板也是必须使用离散化的,所以,就当我没说)

三、实现代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int N = 100010;

struct ScanLine {
    double y1, y2, x;
    int mark;
    bool operator<(const ScanLine &t) const {
        return x < t.x;
    }
} line[N << 1];

struct Node {
    int l, r;
    int cnt;
    double len;
} tr[N << 2];

double b[N << 2]; // 离散化数组

void pushup(int u) {
    if (tr[u].cnt)
        tr[u].len = b[tr[u].r + 1] - b[tr[u].l];
    else
        tr[u].len = tr[u << 1].len + tr[u << 1 | 1].len;
}

void build(int u, int l, int r) {
    tr[u].l = l, tr[u].r = r;
    if (l == r) return;
    int mid = (l + r) >> 1;
    build(u << 1, l, mid);
    build(u << 1 | 1, mid + 1, r);
}

void modify(int u, int l, int r, int v) {
    if (l <= tr[u].l && r >= tr[u].r) {
        tr[u].cnt += v;
        pushup(u);
        return;
    }
    int mid = (tr[u].l + tr[u].r) >> 1;
    if (l <= mid) modify(u << 1, l, r, v);
    if (r > mid) modify(u << 1 | 1, l, r, v);
    // 更新统计信息
    pushup(u);
}

int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("247.in", "r", stdin);
#endif
    ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0);

    int n, T = 1;
    while (cin >> n, n) {
        // 多组测试数据,记得清空
        memset(tr, 0, sizeof tr);
        memset(b, 0, sizeof b);

        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            double x1, y1, x2, y2;
            cin >> x1 >> y1 >> x2 >> y2;
            b[2 * i - 1] = y1;
            b[2 * i] = y2;
            line[2 * i - 1] = {y1, y2, x1, 1};
            line[2 * i] = {y1, y2, x2, -1};
        }
        n *= 2;
        sort(line + 1, line + 1 + n);

        sort(b + 1, b + 1 + n);
        int tot = unique(b + 1, b + 1 + n) - b - 1;

        build(1, 1, tot - 1);

        double res = 0;
        for (int i = 1; i < n; i++) {
            int L = lower_bound(b + 1, b + 1 + tot, line[i].y1) - b;
            int R = lower_bound(b + 1, b + 1 + tot, line[i].y2) - b;
            modify(1, L, R - 1, line[i].mark);
            res += tr[1].len * (line[i + 1].x - line[i].x);
        }
        printf("Test case #%d\n", T++);
        printf("Total explored area: %.2lf\n\n", res);
    }
    return 0;
}

posted @ 2022-04-19 11:05  糖豆爸爸  阅读(101)  评论(0编辑  收藏  举报
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