世界

【题目背景】

隔着一面墙，就是两个世界呢……

那无法到达的彼岸，只能去凝望吧……

远方的星辰，又能看到多少呢？

那一个个星星，或许也是一个个世界吧……

【题目描述】

有一个虚无的结界，隔开了两个世界。

人们在结界内游荡，而远方的星辰在结界外。

我们可以把结界看作

人们本应该能看到所有的星星，但是结界外(

现在想问，每个人分别能看到多少星星。

第一行三个数,

下面

下面 $x_1,x_2,yx1,x2,y，表示两端的 xx 坐标和 yy 坐标。其中 y>0,x_1<x_2y>0,x1<x2$

下面

坐标的绝对值不超过 $10^6106 。$

数据保证星星和墙不重叠。

样例输入1

样例输出1

4
3
2

样例解释

样例解释图如下：

测试点编号
1~3	$\le 1000≤1000$	$\le 5≤5$	$\le 1000≤1000$
4~6	$\le 40000≤40000$		$\le 40000≤40000$
7~10	$\le 40000≤40000$	$\le 5≤5$	$\le 40000≤40000$

CSP-S 2019模拟淮阴

Solution

有一个很妙的转化：

连接一块板的两端和人,所得的线交x轴与l,r

连接一块板的两端和星星,所得的线交x轴与L，R

那么人看不到星星当且仅当L<=l<r<=R

m=1时就是类似二位偏序的统计了。

m>1时可以2^5枚举板，考虑板的交集容斥即可。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define maxn 40005
#define inf 1e16
#define db double
using namespace std;
int n,m,q,fl[6],tot,sb,sc,ans[maxn],Max,tr[maxn*4];
db p[maxn*4];
struct node{
    int id;db x,y;
    int l,r;
}a[6][2],s[maxn],t[maxn],b[maxn],c[maxn];
int read(){
    char ch;int v=0,f=1;
    while(!isdigit(ch=getchar())&&ch!='-');
    if(ch=='-')f=-1;else v=v+ch-48;
    while(isdigit(ch=getchar()))v=(v<<1)+(v<<3)+ch-48;
    return v*f;
}
db cr(node A,node B){
    if(A.x==B.x)return A.x;
    db k=(A.y-B.y)/(A.x-B.x);
    db tmp=-A.y/k+A.x;return tmp;
}
int find(db x){
    int l=1,r=tot;
    while(l<r){
        int mid=l+r+1>>1;
        if(p[mid]<=x)l=mid;
        else r=mid-1;
    }
    return l;
}
void init(){
    sb=sc=0;tot=0;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        db L=-inf,R=inf;
        for(int j=1;j<=m;j++){
            if(!fl[j])continue;
            L=max(L,cr(a[j][0],s[i]));R=min(R,cr(a[j][1],s[i]));
            
        }
        if(L<=R){
            node x;x.x=L,x.y=R;
            b[++sb]=x,p[++tot]=L,p[++tot]=R;
        }
    }
    for(int i=1;i<=q;i++){
        db L=-inf,R=inf;
        for(int j=1;j<=m;j++){
            if(!fl[j])continue;
            L=max(L,cr(a[j][0],t[i]));R=min(R,cr(a[j][1],t[i]));
        }
        if(L<=R){
            node x;x.id=t[i].id;x.x=L,x.y=R;
            c[++sc]=x,p[++tot]=L,p[++tot]=R;
        }
    }
    if(!sb||!sc)return;
    sort(p+1,p+tot+1);tot=unique(p+1,p+tot+1)-p-1;
    Max=0;
    for(int i=1;i<=sb;i++){
//        b[i].l=lower_bound(p+1,p+tot+1,b[i].x)-p;
//        b[i].r=lower_bound(p+1,p+tot+1,b[i].y)-p;
        b[i].l=find(b[i].x);b[i].r=find(b[i].y);
        Max=max(Max,b[i].r);
    }
    for(int i=1;i<=sc;i++){
//        c[i].l=lower_bound(p+1,p+tot+1,c[i].x)-p;
//        c[i].r=lower_bound(p+1,p+tot+1,c[i].y)-p;
        c[i].l=find(c[i].x),c[i].r=find(c[i].y);
        Max=max(Max,c[i].r);
    }
}
bool cmp(node A,node B){return A.l<B.l;}
void add(int i,int v){for(;i<=Max;i+=i&-i)tr[i]+=v;}
int ask(int i){int sum=0;for(;i;i-=i&-i)sum+=tr[i];return sum;}
void clac(int op){
    init();if(!sb||!sc)return;
    sort(b+1,b+sb+1,cmp);
    sort(c+1,c+sc+1,cmp);
    for(int i=1;i<=Max;i++)tr[i]=0;
    int j=1;
    for(int i=1;i<=sc;i++){
        while(j<=sb&&b[j].l<=c[i].l)add(b[j].r,1),j++;
        int tmp=ask(Max)-ask(c[i].r-1);
        if(op)ans[c[i].id]+=tmp;
        else ans[c[i].id]-=tmp;
    }
}
int main(){
    n=read();m=read();q=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)s[i].x=read(),s[i].y=read();
    for(int i=1;i<=m;i++)a[i][0].x=read(),a[i][1].x=read(),a[i][0].y=a[i][1].y=read();
    for(int i=1;i<=q;i++)t[i].x=read(),t[i].y=read(),t[i].id=i;
    for(int S=1;S<(1<<m);S++){
        int co=0;
        for(int i=0;i<m;i++)if(S&(1<<i))fl[i+1]=1,co++;
        clac(co&1);
        for(int i=1;i<=m;i++)fl[i]=0; 
    }
    for(int i=1;i<=q;i++)printf("%d\n",n-ans[i]);
    return 0;
}

posted @ 2019-11-13 07:33 liankewei123456 阅读(206) 评论(0) 编辑收藏举报

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