随笔分类 - bzoj
摘要："传送门" 暴力啊，直接树套树上啊 线段树套splay，卡卡常就直接A了 代码：
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摘要："传送门" 考虑每次交换都不会改变每个数所在的行和列（不是指编号，而是指和它在同一行或者同一列的数不会发生变化） 由于每个数互不相同，所以记录下每个数所在的行和列，暴力判断就好了 代码： c++ include include include include using namespace std;
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摘要："传送门" 普通数位dp 代码： c++ include include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar(); !isdigi
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摘要："传送门" 状压dp 考虑某些店可以不走，所以做的时候记个前缀min就好了 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=g
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摘要："传送门" 显然可以发现把$k$状压 显然可以发现三维的dp，$f[i][j][k]$代表当前到$i$，已经连了$j$条边，当前$i\ to\ i k$奇偶性为$k$，然而会重复算 所以再加一维$t$，表示上一次连的边为$i i k+c$ 代码：
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摘要："传送门" 设状态$f[i][j][k]$为枚举到第$i$行，放国王的状态为$j$，目前一共放了$k$个国王 算出来复杂度挺高的，但是剪枝比较niubi，然后就没了 代码： c++ include include include include using namespace std; void r
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摘要："传送门" 神仙题吧，很有东西 看了题解才会做的 先提取有用信息： 1、这个密室是一棵有n个节点的完全二叉树 2、在点灯的过程中，要保证任意时刻所有被点亮的灯泡必须连通 3、在点亮一个灯泡后必须先点亮其子树所有灯泡才能点亮其他灯泡 所以get到信息 1、树高严格$logn$ 2、点亮的灯泡组成一个联
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摘要："传送门" 我一开始想的是考虑每个点的颜色 设的状态就是$f[i][j]$表示$i$子树里有$j$个黑点的$i$子树的收益最大值，后来发现无法转移 那么考虑答案的统计，可以对于边统计答案 那么我们就可以考虑$f[i][j]$为$i$子树里有$j$个黑点对于全局答案的贡献最大值 也就是对于边考虑统计答
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摘要："传送门" 树形dp 对于每个点维护其子节点的走法是否唯一，每次取最大的并且不为负的(停留次数 1)个子儿子权值，然后判断走法是否唯一 假如有子节点的权值为0，走法也不唯一 代码： c++ include include include include include using namespace
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摘要："传送门" 简单树形dp 设$f[i][j]$为当前为$i$号节点，当前颜色是$j$ 转移枚举一下子节点颜色，判断一下就好了 代码：
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摘要："传送门" 二进制分组优化背包 理解的差不多了，但是无法具体阐述，留坑 代码：
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摘要："传送门" 背包，想到一个思路这个题就没了，还是很简单的 将物品按$a_i$从小到大排序，询问按$m$从小到大排序，限制一下$a_i$，最大化$b_i$的最小值就没了 代码： c++ include include include using namespace std; void read(int
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摘要："传送门" 简单背包，本来sb了，写的一维数组，后来发现会影响后面的，改成二维就好了 wa的代码给出来： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; fo
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摘要："传送门" sb背包，先做一遍背包，然后考虑每个物品不用造成的影响 代码： c++ include int n,m,f[2001],a[2001],g[2001]; int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i=a[i];j )(f[j]+=f[j
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摘要："传送门" 首先知道每段$[i,i+1]$都能提供p1的贡献，预先加上就行了 然后的区间都是3个以上的了 对于p1的贡献，可以考虑中间的数$i$，设$l[i]$为左边第一个大于它的数的位置，$r[i]$为右边第一个大于它的数的位置，对于每一个$l[i]$和$r[i]$可以发现贡献是p1 对于p2的贡
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摘要："传送门" 显然是求生成树 只有两种情况会导致no solution： 1、如何加边图都不连通 2、必须要加的鹅卵石边超过k条 首先可以一遍kruskal判断出必须要加的鹅卵石边是多少：优先加水泥路的边 然后将必须要加的鹅卵石边加上去，再多加几条边使鹅卵石边等于k条，再去加水泥路 最后判断图是否联通
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摘要："传送门" 很容易看出是虚树吧，难点在于统计答案 可以考虑将虚树上的点预处理出来是由哪些关键点控制的 可以两次dfs初步处理一下（考虑下对上的影响和上对下的影响，但是兄弟节点之间的关系更新不到，需要在统计答案时更新一下） 然后考虑统计答案 考虑每个点$u$不在虚树中的儿子$v$,记它为size[v]
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摘要："传送门" 解法一：后缀数组 T=0，就是求本质不同，后缀数组经典用法 T=1，二分解决 代码： 解法二：后缀自动机 后缀数组做这个题显然有些强人所难 所以我们用后缀自动机可以更简单的解决 我们知道后缀自动机可以$O(n)$求出每个子串的出现次数和不同字串的个数 将这两者同意一下就可以满足这个题目的
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摘要："传送门" 最小割，割点，模板。。。 代码： c++ include include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar(); !
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摘要："传送门" AC自动机也可以写的啊，就是判断多了点，思路和KMP的挺像的 "具体的可以参考一下这一篇" 然后贴一个代码： c++ include include include include include include using namespace std; void read(int &x
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