随笔分类 - 曾经的ACM竞赛
摘要：话说这题比赛时候过的好少，连题都没读TOT 先考虑dp求01串的不同子序列的个数。 dp[i][j]表示用前i个字符组成的以j为结尾的01串个数。 如果第i个字符为0，则dp[i][0] = dp[i-1][1] + dp[i-1][0] + 1，dp[i][1] = dp[i-1][1] 如果第i
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摘要：三年半的ACM生涯终于迎来了终点，退役之时，感慨万分，故写此文以纪念逝去的时光，那些为ACM拼搏的日子，那段弱校ACM的奋斗史。 三年半的ACM生涯，窝见证了CUMT从打铁到铜牌的突破，又见证了从铜牌到银牌的突破；见证了集训队员从3人发展到10余人，又见证了ACM实验室的落实。 三年半的ACM生涯，
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摘要：考虑每个数在最大值内的倍数都求出来大概只有max(ai)ln(max(ai))个。 先排个序，然后对于每个数ai，考虑哪些数字可以变成ai*k。 显然就是区间[ai*k,ai*(k+1))内的数，这个二分一下就好了。
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摘要：dp[i][0]表示从i出发，轮到先手走的最优值。 dp[i][1]表示从i出发，轮到后手走的最优值。 dp[i][0]=max(dp[j][1]+sum[j]) dp[i][1]=min(dp[j][0]-sum[j]) 倒着推就好了。
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摘要：考虑将两个单词变成有序，我们可以得到一个或者两个旋转次数的区间。 然后考虑将两组单词变成有序，比如[l,mid]和[mid+1,r]，对于mid和mid+1这两个单词我们可以求出使他们有序的旋转次数的区间。 然后将这个区间与[l,mid]的区间以及[mid+1,r]的区间求交，就可以得到使[l,r]
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摘要：求出无向图的所有边双联通分量，然后缩点就成了一颗树。 然后我们选取最大的那个边双联通分量作为根，这样我们就可以确定所有割边的方向了。 对于边双联通分量里面的边，我们随便dfs一下就可以把它变成强连通分量，方向也就确定了。
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摘要：首先检测有木有和Computer匹配的Socket，如果有则将其匹配。 然后将所有没有匹配的Socket连上Adapter，再去检测有木有Computer与Socket匹配。 重复这个操作31次，所有Socket的power都变成1了，如果再不能匹配就结束程序。
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摘要：显然要二分答案，然后对于一个天数，我们来判断是否可以通过所有考试，这里就贪心来安排就好了。 首先我们希望每门课的考试时间越晚越好，然后就是先复习最早开始的考试。
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摘要：由于本人愚笨，最后一题实在无力AC，于是只有前14题的题解Orz 总的来说，这次模拟赛的题目不算难，前14题基本上一眼就有思路，但是某些题写起来确实不太容易，编码复杂度有点高~ L1-1 N个数求和 设计一个分数类，重载加法运算符，注意要约分，用欧几里得算法求个最大公约数即可。 L1-2 比较大小
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摘要：思路：先把路径按反斜杠split成数组，然后用一个ArrayList去模拟。如果遇到空或者.则不处理；如果遇到..则删除ArrayList最后一个元素（注意如果只有1个元素则不删除）；其他情况直接加到ArrayList里面。注意特判输入空串的情况。
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摘要：思路：创建两个bool数组来模拟下落过程，一个存放面板状态，一个存放下落的格子。检测格子和面板对应位置是否同时为True，如果是则有冲突，不能继续下落，否则增加行号。为了统一处理，我们把面板最下面加一行True。
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摘要：思路：枚举每个点，看看它是否同时小于/大于前一个点和后一个点
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摘要：题目链接 思路：这是一道动态规划的题目，估计好多人去用贪心算法了，反正比赛时我想的贪心策略很容易找到反例Orz。题目就相当于选取一些区间去覆盖[0,T]，每个区间有个价格，要求总价格最小。容易想到，如果覆盖[0,T]区间的价格是最小的，那么覆盖[0,T']的价格也必须是最小的，说明这个问题具有最优子
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摘要：题目链接 思路：每条边对总度的贡献都是2，所以如果形成了一棵树，那么边一定是n-1条，总度就是2(n-1)。先把所有顶点的度加起来，判断是否等于2(n-1)，如果不等，那一定就是Impossible了。但是相等就能断定能形成一棵树吗？来看看下面这个图 存在一个度为0的顶点，肯定就不能形成树咯。所以判
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摘要：题目链接 思路：由于每次只生产2、4、8个零件，有一个没有编号，那么那个编号一定出现了奇数次。可以先排个序，再统计每个编号出现的次数。当然还有更简单的方法，利用异或运算的性质，如果异或某个数字偶数次则相当于没有异或这个数，所以把所有编号异或起来的结果就是那个奇数次的编号。 AC代码：
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摘要：题目链接 思路：这是一道非常简单的题目，直接用公式计算就好了。对于IP地址a.b.c.d，转换为十进制数就是(a<<24)|(b<<16)|(c<<8)|d。唯一要注意的就是这里需要用unsigned int来存数值。 AC代码：
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