楼房重建(bzoj 2957)

Description

  小A的楼房外有一大片施工工地,工地上有N栋待建的楼房。每天,这片工地上的房子拆了又建、建了又拆。他经常无聊地看着窗外发呆,数自己能够看到多少栋房子。
  为了简化问题,我们考虑这些事件发生在一个二维平面上。小A在平面上(0,0)点的位置,第i栋楼房可以用一条连接(i,0)和(i,Hi)的线段表示,其中Hi为第i栋楼房的高度。如果这栋楼房上任何一个高度大于0的点与(0,0)的连线没有与之前的线段相交,那么这栋楼房就被认为是可见的。
  施工队的建造总共进行了M天。初始时,所有楼房都还没有开始建造,它们的高度均为0。在第i天,建筑队将会将横坐标为Xi的房屋的高度变为Yi(高度可以比原来大---修建,也可以比原来小---拆除,甚至可以保持不变---建筑队这天什么事也没做)。请你帮小A数数每天在建筑队完工之后,他能看到多少栋楼房?

Input

  第一行两个正整数N,M
  接下来M行,每行两个正整数Xi,Yi

Output


  M行,第i行一个整数表示第i天过后小A能看到的楼房有多少栋

Sample Input


3 4
2 4
3 6
1 1000000000
1 1

Sample Output


1
1
1
2
数据约定
  对于所有的数据1<=Xi<=N,1<=Yi<=10^9
N,M<=100000
/*
  对于一栋楼房,它能被看到的条件是比之前的所有楼房斜率都大
  本题中,记sum[k]为:仅考虑k所代表的区间,有多少满足条件的数 
  那么首先,sum[k]一定包含sum[k*2]; 
  其次,属于sum[o*2]的建筑有可能挡住属于sum[k*2+1]的建筑,难点在于需求出这个数目 
  记 k*2 代表的区间中最大数为M,并将 k*2+1 所代表的区间分左右两段,记左段代表的区间中最大数为M2,继续讨论:
  1. 若M大于等于M2,则左段全部不符合要求,递归判断右段有多少个大于M的数 
  2. 若M小于M2,则右段的答案不变,为sum[k*2+1]-sum[左段],递归判断左段有多少个大于M的数 
*/
#include<cstdio>
#include<iostream>
#define N 100010
using namespace std;
int sum[N*4],n,m;
double mx[N*4];
int count(double M,int l,int r,int k){
    if(l==r)return mx[k]>M;
    int mid=l+r>>1;
    if(M>=mx[k*2]) return count(M,mid+1,r,k*2+1);
    else return sum[k]-sum[k*2]+count(M,l,mid,k*2);
}
void modify(int l,int r,int k,int pos,double val){
    if(l==r){
        mx[k]=val;sum[k]=1;
        return;
    }
    int mid=l+r>>1;
    if(pos<=mid) modify(l,mid,k*2,pos,val);
    else modify(mid+1,r,k*2+1,pos,val);
    mx[k]=max(mx[k*2],mx[k*2+1]);
    sum[k]=sum[k*2]+count(mx[k*2],mid+1,r,k*2+1);
}
int main(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        int x,y;scanf("%d%d",&x,&y);
        double val=(double)y/(double)x;
        modify(1,n,1,x,val);
        printf("%d\n",sum[1]);
    }
    return 0;
}

 

posted @ 2017-02-13 22:16  karles~  阅读(397)  评论(0编辑  收藏