[HEOI2016]求和 sum
[HEOI2016]求和 sum
标签： NTT cdq分治 多项式求逆 第二类斯特林数
Description
求$$\sum_{i=0}n\sum_{j=0}i S(i,j)×2^j×(j!)$$
其中S(i,j)代表第二类斯特林数。
Solution
解法一
记Bell数\(B(n)=\sum_{i=0}^nS(n,i)\)
根据第二类斯特林数的组合意义,\(B(i)\)代表把n个球放进任意个相同的盒子的方案数。
那么有$$B(n)=\sum_{i=0}^{n-1} C(n-1,i) B(i)$$
讨论一下有多少个球与第一个球同盒即可。
记\(B'(n)=\sum_{i=0}^nS(n,i)×i!\)
这个的组合意义是把n个求放进任意个不同盒子的方案数。
有$$B'(n)=\sum_{i=0}^{n-1} C(n,i)B'(i)$$
讨论一下第一个盒子有多少个球
现在记\(f(n)=\sum_{i=0}^nS(n,i)×2^i×i!\)
这个的组合意义是把n个球放进任意个不同且有两种颜色盒子的方案数。
显然$$f(n)=2\sum_{i=0}^{n-1} C(n,i)f(i)$$
相当于每个盒子有两种不同的颜色选。
化简式子
\[{f(n)\over n!}=\sum_{i=0}^{n-1}{f(i)\over i!} {2 \over (n-i)!}
\]
设\(g(i)={2 \over i!}x^i\),特别地,\(g(0)=0\).
这就是一个卷积的形式了。
然后cdq+NTT即可。
解法2
以上面的式子为基础做多项式求逆。
构造一个生成函数\(F(x)=\sum_{i=0}^{\infty}{f(i) \over i!}x^i\)与\(G(x)=\sum _{i=1}^{\infty}g(i)\)
那么根据上面的递推式子,有\(F(x)=F(x)×G(x)+1\)
解得\(F(x)={1 \over {1-G(x)}}\)
解法3
考虑斯特林数的容斥求法。
我们令\(f(i)=\sum_{j=i}^nS(j,i)\)
那么答案显然是\(\sum_{i=0}^nf(i)2^ii!\)
接下来考虑怎么求\(f(i)\)
\[f(i)=\sum_ {j=i}^nS(j,i)=\sum_ {j=0}^nS(j,i)
\\ =\sum_ {j=0}^n {\frac 1 {i!}}\sum_{k=0}^i (-1)^kC(i,k)(i-k)^j
\\ =\sum_ {k=0} {(-1)^k \over k!} {\sum_{j=0}^n (i-k)^j \over (i-k)! }
\]
一遍NTT即可。
Code
解法一
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stack>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
#define ll long long
#define REP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i<=_end_;i++)
#define DREP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i>=_end_;i--)
#define EREP(i,a) for(int i=start[(a)];i;i=e[i].next)
inline int read()
{
int sum=0,p=1;char ch=getchar();
while(!(('0'<=ch && ch<='9') || ch=='-'))ch=getchar();
if(ch=='-')p=-1,ch=getchar();
while('0'<=ch && ch<='9')sum=sum*10+ch-48,ch=getchar();
return sum*p;
}
const int maxn=4e5+20;
const int mod=998244353;
inline int power(int a,int b)
{
int ans=1;
while(b)
{
if(b & 1)ans=(ll)ans*a%mod;
b>>=1;
a=(ll)a*a%mod;
}
return ans;
}
int n,f[maxn],g[maxn],jc[maxn],jcn[maxn],inv[maxn],rev[maxn];
void init()
{
n=read();
jc[0]=jcn[0]=jc[1]=jcn[1]=inv[1]=1;
REP(i,2,n)inv[i]=(ll)(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod,jc[i]=(ll)i*jc[i-1]%mod,jcn[i]=(ll)inv[i]*jcn[i-1]%mod;
REP(i,1,n)g[i]=jcn[i]*2%mod;
}
int A[maxn],B[maxn];
inline void NTT(int *p,int N,int op)
{
int n=1,l=0;while(n<N)n<<=1,l++;
REP(i,1,n-1)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));
REP(i,0,n-1)if(i<rev[i])swap(p[i],p[rev[i]]);
for(int i=1;i<n;i<<=1)
{
int W=power(3,(mod-1)/(i<<1));
for(int j=0;j<n;j+=i<<1)
{
int w=1;
for(int k=j;k<i+j;k++,w=(ll)w*W%mod)
{
int x=p[k],y=(ll)p[k+i]*w%mod;
p[k]=x+y;p[k+i]=x-y;
if(p[k]>=mod)p[k]-=mod;
if(p[k+i]<0)p[k+i]+=mod;
}
}
}
if(op==-1)
{
int inv=power(n,mod-2);
REP(i,0,n-1)p[i]=(ll)p[i]*inv%mod;
reverse(p+1,p+n);
}
}
void solve(int l,int r)
{
if(l==r)return;
int mid=(l+r)>>1;
solve(l,mid);
REP(i,0,mid-l)A[i]=f[i+l];
REP(i,0,r-l)B[i]=g[i];
int N=1;
while(N<=(mid-l)+(r-l)+1)N<<=1;
NTT(A,N,1);NTT(B,N,1);
REP(i,0,N-1)A[i]=(ll)A[i]*B[i]%mod;
NTT(A,N,-1);
REP(i,mid-l+1,r-l)f[i+l]=(A[i]+f[i+l])%mod;
REP(i,0,N-1)A[i]=B[i]=0;
solve(mid+1,r);
}
void doing()
{
f[0]=1;
solve(0,n);
int ans=0;
REP(i,0,n)ans=(ans+(ll)f[i]*jc[i])%mod;
printf("%d\n",ans);
}
int main()
{
init();
doing();
return 0;
}
解法二
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stack>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
#define ll long long
#define REP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i<=_end_;i++)
#define DREP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i>=_end_;i--)
#define EREP(i,a) for(int i=start[(a)];i;i=e[i].next)
inline int read()
{
int sum=0,p=1;char ch=getchar();
while(!(('0'<=ch && ch<='9') || ch=='-'))ch=getchar();
if(ch=='-')p=-1,ch=getchar();
while('0'<=ch && ch<='9')sum=sum*10+ch-48,ch=getchar();
return sum*p;
}
const int maxn=3e5+20;
const int mod=998244353;
int n,jc[maxn],jcn[maxn],inv[maxn],rev[maxn];
inline int power(int a,int b)
{
int ans=1;
while(b)
{
if(b & 1)ans=(ll)ans*a%mod;
b>>=1;
a=(ll)a*a%mod;
}
return ans;
}
inline void init()
{
n=read();jc[0]=jcn[0]=jc[1]=jcn[1]=inv[1]=1;
REP(i,2,n)inv[i]=(ll)(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod,jc[i]=(ll)i*jc[i-1]%mod,jcn[i]=(ll)inv[i]*jcn[i-1]%mod;
}
int g[maxn],ans[maxn],A[maxn],B[maxn],C[maxn];
inline void NTT(int *p,int N,int op)
{
int n=1,l=0;while(n<N)n<<=1,l++;
REP(i,0,n-1)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));
REP(i,0,n-1)if(i<rev[i])swap(p[i],p[rev[i]]);
for(int i=1;i<n;i<<=1)
{
int W=power(3,(mod-1)/(i<<1));
for(int j=0;j<n;j+=i<<1)
{
int w=1;
for(int k=j;k<i+j;k++,w=(ll)W*w%mod)
{
int x=p[k],y=(ll)w*p[k+i]%mod;
p[k]=x+y;p[k+i]=x-y;
if(p[k]>=mod)p[k]-=mod;
if(p[k+i]<0)p[k+i]+=mod;
}
}
}
if(op==-1)
{
int inv=power(n,mod-2);
REP(i,0,n-1)p[i]=(ll)p[i]*inv%mod;
reverse(p+1,p+n);
}
}
void Inv(int *p,int *q,int len)
{
if(len==1){ q[0]=power(p[0],mod-2);return;}
Inv(p,q,len>>1);
REP(i,0,len-1)A[i]=p[i],B[i]=q[i];
NTT(A,len<<1,1);NTT(B,len<<1,1);
REP(i,0,(len<<1)-1)A[i]=(ll)A[i]*B[i]%mod*B[i]%mod;
NTT(A,len<<1,-1);
REP(i,0,len-1)q[i]=((2*q[i]-A[i])%mod+mod)%mod;//len不需要左移
REP(i,0,(len<<1)-1)A[i]=B[i]=0;
}
inline void doing()
{
int N=1,l=0;
REP(i,1,n)g[i]=(-jcn[i]*2+2*mod)%mod;
g[0]=1;
while(N<=n)N<<=1,l++;
Inv(g,ans,N);
int Ans=0;
REP(i,0,n)Ans=(Ans+(ll)ans[i]*jc[i])%mod;
printf("%d\n",Ans);
}
int main()
{
init();
doing();
return 0;
}
解法三
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stack>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
#define ll long long
#define REP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i<=_end_;i++)
#define DREP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i>=_end_;i--)
#define EREP(i,a) for(int i=start[(a)];i;i=e[i].next)
inline int read()
{
int sum=0,p=1;char ch=getchar();
while(!(('0'<=ch && ch<='9') || ch=='-'))ch=getchar();
if(ch=='-')p=-1,ch=getchar();
while('0'<=ch && ch<='9')sum=sum*10+ch-48,ch=getchar();
return sum*p;
}
const int maxn=4e5+20;
const int mod=998244353;
int n,inv[maxn],jc[maxn],jcn[maxn];
inline int power(int a,int b)
{
int ans=1;
while(b)
{
if(b & 1)ans=(ll)ans*a%mod;
b>>=1;
a=(ll)a*a%mod;
}
return ans;
}
int f[maxn],g[maxn],rev[maxn];
inline void NTT(int *p,int n,int opt)
{
REP(i,0,n-1)if(i<rev[i])swap(p[i],p[rev[i]]);
for(int i=1;i<n;i<<=1)
{
int W=power(3,(mod-1)/(i<<1));
for(int j=0;j<n;j+=i<<1)
{
int w=1;
for(int k=j;k<i+j;k++,w=(ll)w*W%mod)
{
int x=p[k],y=(ll)p[k+i]*w%mod;
p[k]=x+y;
p[k+i]=x-y;
if(p[k]>=mod)p[k]-=mod;
if(p[k+i]<0)p[k+i]+=mod;
}
}
}
if(opt==-1)
{
int inv=power(n,mod-2);
REP(i,0,n-1)p[i]=(ll)p[i]*inv%mod;
reverse(p+1,p+n);
}
}
void init()
{
n=read();inv[1]=jc[0]=jc[1]=jcn[0]=jcn[1]=1;
REP(i,2,n+1)jc[i]=(ll)i*jc[i-1]%mod,inv[i]=(ll)(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod,jcn[i]=(ll)inv[i]*jcn[i-1]%mod;
f[0]=g[0]=1;g[1]=n+1;
REP(i,1,n)f[i]=(ll)(mod-inv[i])*f[i-1]%mod;
REP(i,2,n)g[i]=(ll)(power(i,n+1)-1)*inv[i-1]%mod*jcn[i]%mod;
int N=1,l=0;while(N<=2*n)N<<=1,l++;
REP(i,1,N-1)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));
NTT(f,N,1);
NTT(g,N,1);
REP(i,0,N-1)f[i]=(ll)f[i]*g[i]%mod;
NTT(f,N,-1);
}
void doing()
{
int ans=0,bin=1;
REP(i,0,n)ans=(ans+(ll)f[i]*jc[i]%mod*bin)%mod,bin=(bin<<1)%mod;
printf("%d\n",ans);
}
int main()
{
init();
doing();
return 0;
}
