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BZOJ 1060: [ZJOI2007]时态同步

1060: [ZJOI2007]时态同步

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Description

  小Q在电子工艺实习课上学习焊接电路板。一块电路板由若干个元件组成,我们不妨称之为节点,并将其用数字1,2,3….进行标号。电路板的各个节点由若干不相交的导线相连接,且对于电路板的任何两个节点,都存在且仅存在一条通路(通路指连接两个元件的导线序列)。在电路板上存在一个特殊的元件称为“激发器”。当激发器工作后,产生一个激励电流,通过导线传向每一个它所连接的节点。而中间节点接收到激励电流后,得到信息,并将该激励电流传向与它连接并且尚未接收到激励电流的节点。最终,激烈电流将到达一些“终止节点”——接收激励电流之后不再转发的节点。激励电流在导线上的传播是需要花费时间的,对于每条边e,激励电流通过它需要的时间为te,而节点接收到激励电流后的转发可以认为是在瞬间完成的。现在这块电路板要求每一个“终止节点”同时得到激励电路——即保持时态同步。由于当前的构造并不符合时态同步的要求,故需要通过改变连接线的构造。目前小Q有一个道具,使用一次该道具,可以使得激励电流通过某条连接导线的时间增加一个单位。请问小Q最少使用多少次道具才可使得所有的“终止节点”时态同步?

Input

  第一行包含一个正整数N,表示电路板中节点的个数。第二行包含一个整数S,为该电路板的激发器的编号。接下来N-1行,每行三个整数a , b , t。表示该条导线连接节点a与节点b,且激励电流通过这条导线需要t个单位时间

Output

  仅包含一个整数V,为小Q最少使用的道具次数

Sample Input

3
1
1 2 1
1 3 3

Sample Output

2

HINT

N ≤ 500000,te ≤ 1000000

题解

由题目可知图是一棵树,考虑用树形DP。

因为只能增加不能减少,那么对于一个点的儿子路径中最长的那条,所有其他路径必须加到和他一样,如果修改该点上面的边,那么儿子的路径都会增加,无意义,修改儿子下面的边,那么对儿子下面的每条路径都要修改,不如直接修改该点连向儿子的边使得次数减少。

f[i]表示i点的儿子中路径长度最大值,再将所有儿子变到f[i]的代价累计起来就是最终答案。

代码

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#define LL long long
using namespace std;
const int N=500005;
int n,s,k=1;
int head[N];
LL ans;
LL f[N];
struct edge{
	int u,v,w,next;
}e[N*2];
void addedge(int u,int v,int w){
	e[k]=(edge){u,v,w,head[u]};
	head[u]=k++;
} 
void insert(int u,int v,int w){
	addedge(u,v,w);
	addedge(v,u,w);
}
void dfs(int u,int fa){
	int v,w;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].next){
		v=e[i].v,w=e[i].w;
		if(v==fa)continue;
		dfs(v,u);
		f[u]=max(f[u],f[v]+w);
	}
	for(int i=head[u];i;i=e[i].next){
		v=e[i].v,w=e[i].w;
		if(v==fa)continue;
		ans+=f[u]-(f[v]+w);
	}
}
int main(){
	scanf("%d%d",&n,&s);
	int u,v,w;
	for(int i=1;i<n;i++){
		scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
		insert(u,v,w);
	}
	dfs(s,0);
	printf("%lld\n",ans);
	return 0;
}
posted @ 2017-10-28 08:16  czy020202  阅读(144)  评论(0编辑  收藏  举报